中學生通訊解題第五期
問題編號 89501n
為比1大的正整數,試證明2n 1不是完全平方數,也不是完全立方數。 參考解答: (1) 設2n 1為完全平方數,則存在一個整數a
,使2n 1a2 因為a2為奇數,所以a
為奇數 設a k2 1,其中k為整數 a2 4k2 4k1 所以2n 14k2 4k1 2n 4k24k2 2n1 2k2 2k1 偶數 = 奇數,不成立 所以假設2n 1為完全平方數不成立 故得證2n 1不是完全平方數 (2) 設2n 1為完全立方數,則存在一個正整數a
,使2n 1a3 因為a3為奇數,所以a
為奇數,a2 a1為奇數 因為2 31( 1)( 2 1) a a a a n , 1 2 a a 為2 的因數n 得到2 有奇數因數,不成立n 所以假設2n 1為完全立方數不成立 故得證2n 1也不是完全立方數 問題編號 89502 有一個數列共有 n 項,此數列中任何 7 個連續項之和都是負數,任何 11 個 連續項之和都是正數。試求滿足上述條件的 n 值中最大為多少? 參考解答: 解一: 設此數列為a1 ,a2 ,a3 ,,an ∵ ak ak1ak2ak6 0 ,k 1,2,3 ……(1) ak ak1ak2ak10 0 ,k 1,2,3 ……(2) 由(1),(2) ak7 ak8ak9 ak10 0 即由第 8 項起,任意連續 4 項和皆為正數……(a) a8a9a10 a11 0……(3) a11a12a13a14 0……(4) 由(3)+(4) a8a9a102a11a12 a13a14 0 又因a8a9a10a11a12a13 a14 0 ∴ a11 0 ,如此類推a12 0,a13 0 a11a12a13 0 又當n17時,a11a12a13a14 a15 a16 a17 0a14a15a16a17 0 由推論(a)矛盾 ∴故n17,即最多為 16 解二: 5,5,-13,5,5,5,-13,5,5,-13,5,5,-13,5,5,5,-13,5,5 為滿足問題條件之數列 其長度為 16 項 令Sn表示具有上述性質的
n
項實數列 僅需證S17不合,於是本題答案就是 16 項 如果S17滿足要求,令a1 ~ a17表示S17的各項 0 0 0 17 16 15 14 13 12 11 8 7 6 5 4 3 2 7 6 5 4 3 2 1 a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a 上表中所有橫排的和為負,所有的直排的和為正,矛盾 故所有具有 17 項或以上的都不合,n16即為所求 問題編號 89503 設有四個數1,a,b,c (1abc),現在將這四個數兩兩相加構成六個不 同的數,若將此六個數由小到大順序排列會形成一個等差數列,且和為 201。試 求a,b,c之值。 參考解答: 由條件知其兩兩之和為六個數,有如下之關係式:
c
a
c
b
a
b
c
b
c
a
b
a
c
b
a
1
1
1
1
1
根據1c和ab的大小關係可分為兩種情況: (1)1a1b1cabacbc 由等差數列性值得知: (bc)(ac)(ac)(ab)(ab)(1c)k(公差) 即bacbabc1k bak,cbk (ak)ka2k a(ak)(a2k)1k 於是a k2 1,b k3 1,c k4 1 又六個數之和為 201 ∴3(abc1)201 abc66 (2k1)(3k1)(4k1)66 k 7 故a15,b22,c29 (2)1a1bab1cacbc類似地,可得a 10,b19,c 37 解題重點: 1.本題的解題重點根據 1+c 與 a+b 的大小分成 1+a<1+b<a+b<1+c<a+c<b+c 與 1+a<1+b<1+c a+b<a+c<b+c 兩個情形。 2.根據以上兩種形,再利用等差數列的定義即可解出 a,b,c 的值。 問題編號 89504 有三個正數它們的乘積為 1,且此三數的和大於它們的倒數和。 試證明:這三個正數中恰有一數大於 1。 參考解答: 設此三正數為a,b, c 因為abc 1且 c b a c b a 111 (a1)(b1)(c1)abc(abbcca)(abc)1 0 ) 1 1 1 ( ) ( ) ( ) ( ) ( c b a c b a abc ca bc ab c b a ca bc ab c b a 這表示a1,b1,c1三數中有一個正數或三個都為正數 如果三個都是正數,則a,b, c都比 1 大與abc1不合 所以三個都是正數不成立 故得證a1,b1,c1三數中恰有一個正數 即a,b, c三數中恰有一數大於 1 問題編號 89505 對於自然數