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第三章 方程組的建立
由 1 對 1 且映成的對應方法已無法面對較多限制條件的情況,因此在針對「長度為 n 的k元 數列」前,可由前一章方程式的常數項係數中,觀察得出一個性質,
即『長度為 n 的k元數列中,「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現偶數次的個數』與
『長度為 n 的k元數列中,「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現奇數次的個數』
有一規則性關係,如下所述。
性質:『長度為 n 的k元數列中,「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現偶數次的個數』等 於『長度為 n 的k元數列中,「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現奇數次的個數』( k 2m)n。 證明:
「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現偶數次的個數等於
2
0
2 2
2 4
4 4 2 2
2
0( ) ( ) ( ) ... ( )
n
i
i n i
n i n
n n n
n
n k m C m k m C m k m C m k m
C
「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現奇數次的個數等於
2
0
) 1 2 ( 1
2 1 2 5
5 5 3 3
3 1 1
1 ( ) ( ) ( ) ... ( )
n
i
i n i
n i n
n n n
n
nm k m C m k m C m k m C m k m
C
2 ) 2 ( 2
) ( 2
) ) (
(
2
0
2 2
2
n n n
n n
i
i n i
n i
m k k m m k m
m m k
k m
C
2 ) 2 ( 2
) ( 2
) ) (
(
2
0
) 1 2 ( 1
2 1 2
n n n
n n
i
i n i
n i
m k k m m k m
m m k
k m
C
由此可知:
『長度為 n 的k元數列中,「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現偶數次的個數』等於
『長度為 n 的k元數列中,「〝0〞+〝1〞+〝2〞+…+〝m1〞」出現奇數次的個數』( k 2m)n。
以下便針對「長度為 n 的k元數列」探討「控制 t 種數字(0,1,2,...,(t1))出現偶數次的個數」
方法及通式。
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一、『長度為 n 的k元數列中,「0」出現偶數次的個數』。
同理,令集合 A:偶數個 0,集合 B:奇數個 0。
則滿足
A B kn
A B ( k 2)n
由性質可知,「0」出現偶數次的個數「0」出現奇數次的個數( k 2)n
由上述二式可得二元一次方程組
n n
k B A
k B A
) 2
( ,解出
2 ) 2 , (
2 ) 2
( n kn k n k B
A k
。
二、『長度為 n 的k元數列中,「0」與「1」出現偶數次的個數』。
同理,令集合A:偶數個 0 且偶數個 1,集合B 偶數個 0 且奇數個 1, 1: 集合B 奇數個 0 且偶數個 1,集合2: C:奇數個 0 且奇數個 1。
則滿足
A 2B1 C kn
A C ( k 2)n
由性質可知,「0」出現偶數次的個數「0」出現奇數次的個數( k 2)n
A 2B1 C (k4)n
由性質可知,「〝0〞+〝1〞」出現偶數次的個數「〝0〞+〝1〞」出現奇數次的個數( k 4)n
由上述三式可得三元一次方程組
n n n
k C B A
k C A
k C
B A
) 4 ( 2
) 2 (
2
1 1
,可得
4
) 4 ( ) 2 (
2 n n
n k k
A k
,
4 ) 4 (
2 1
n
n k
B k
B
,
4
) 4 ( ) 2 (
2 n n
n k k
C k
。
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三、『長度為 n 的k元數列中,「0」與「1」與「2」出現偶數次的個數』。
同理,令集合A:偶數個 0 且偶數個 1 且偶數個 2,集合B 奇數個 0 且偶數個 1 且偶數個 2, 1: 集合B2 :偶數個 0 且奇數個 1 且偶數個 2,集合B3 :偶數個 0 且偶數個 1 且奇數個 2,
集合C1:偶數個 0 且奇數個 1 且奇數個 2,集合C2 :奇數個 0 且偶數個 1 且奇數個 2,
集合C3:奇數個 0 且奇數個 1 且偶數個 2,集合D:奇數個 0 且奇數個 1 且奇數個 2。
則滿足
A3B1 3C1 D kn
A B1 C1 D (k2)n
由性質可知,「0」出現偶數次的個數「0」出現奇數次的個數( k 2)n
A B1 C1 D (k4)n
由性質可知,「〝0〞+〝1〞」出現偶數次的個數「〝0〞+〝1〞」出現奇數次的個數( k 4)n
A3B1 3C1 D (k 6)n 由性質可知,
「〝0〞+〝1〞+〝2〞」出現偶數次的個數「〝0〞+〝1〞+〝2〞」出現奇數次的個數( k 6)n
由上述四式可得四元一次方程組
n 1
1 1 1
1 1
1 1
6) (k 3
3
) 4 (
) 2 (
3
3
D C B A
k D C B A
k D C B A
k D C B A
n n n
,可得
8
) 6 ( ) 4 ( 3 ) 2 (
3 n n n
n k k k
A k
,
8
) 6 ( ) 4 ( ) 2 (
3 2 1
n n
n
n k k k
B k B
B
,
8
) 6 ( ) 4 ( ) 2 (
3 2 1
n n
n
n k k k
C k C
C
,
8
) 6 ( ) 4 ( 3 ) 2 (
3 n n n
n k k k
D k
。
以此類推,……
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四、『長度為 n 的k元數列中,「0」與「1」與「2」與……「t1」(t k)出現偶數次的個數』。 可分成t1類集合,如下:
令集合A 「0」與「1」與「2」與……與「t : t1」等 t 種數皆為偶數個,
集合At1:某t1種數有偶數個,其餘一種數有奇數個,
集合At2:某t2種數有偶數個,其餘二種數有奇數個,
集合At3:某t3種數有偶數個,其餘三種數有奇數個,
集合Aj:某 j 種數有偶數個,其餘t 種數有奇數個, j
集合A 某兩種數有偶數個,其餘2: t2種數有奇數個,
集合A 某一種數有偶數個,其餘1: t1種數有奇數個,
集合A 「0」與「1」與「2」與……與「0: t1」等 t 種數皆為奇數個。
則滿足
Ctt At Ctt1 At1 Ctt2 At2 ...Ctj Aj ...C0t A0 kn
Ctt11 At (Ctt21Ctt11)At1 (Ctt31Ctt12)At2 ...(Ctj11Ctj1)Aj ...C0t1 A0 (k2)n
由「0」出現偶數次的個數=「0」出現奇數次的個數( k 2)n
(Ctt11 At Ctt21At1 Ctt13 At2 ... Ctj11 Aj ... C0t1 A1)
n t
t j
t j t
t t t t
t A C A C A C A C A k
C ... ... ) ( 2)
( 11 1 12 2 1 11 1 01 0
Ctt22 At (Ctt32 C12Ctt22)At1 (Ctt42 Ctt22 C12Ctt32)At2 ...(Ctj22 Ctj2 C12Ctj21)Aj ...
n
t A k
C0 2 0 ( 4)
由「〝0〞+〝1〞」出現偶數次的個數=「〝0〞+〝1〞」出現奇數次的個數( k 4)n
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為了符號便利且敘述簡便,可針對各種數字出現奇數個的狀況而言,而改令 集合B 0 At:「0」與「1」與「2」與……與「t1」等 t 種數皆為偶數個,
集合B1 At1:某t1種數有偶數個,其餘一種數有奇數個,
集合B2 At2:某t2種數有偶數個,其餘二種數有奇數個,
集合B3 At3:某t3種數有偶數個,其餘三種數有奇數個,
集合Bj Atj:某t 種數有偶數個,其餘 j 種數有奇數個, j
集合Bt2 A2:某兩種數有偶數個,其餘t2種數有奇數個,
集合Bt1 A1:某一種數有偶數個,其餘t1種數有奇數個,
集合Bt A0:「0」與「1」與「2」與……與「t1」等 t 種數皆為奇數個。
則滿足
C0t B0 C1t B1 C2t B2 ...Ctj Bj ...Ctt Bt kn
C0t1B0 (C1t1C0t1)B1 (C2t1C1t1)B2 ...(Ctj1Ctj11)Bj ...Ctt11Bt (k2)n
C0t2 B0 (C1t2 C12C0t2)B1 (C2t2 C0t2 C12C1t2)B2 ...(Ctj2 Ctj22 C12Ctj12)Bj ...
n t
t
t B k
C 22 ( 4)
ⓘC0ti B0 (C1ti C1iC0ti)B1 (C2ti C2iC0ti C1iC1ti)B2 ...
n t
i i i j
i t j i i t j i i t j i i
t j i i t j i i t j
iC C C C C C C C C CC B C B k i
C ...) ( ...)] ... ( 1) ( 2 )
[( 0 2 2 4 4 1 1 3 3 5 5
ⓣC0t B0 C1t B1 C2t B2 ...(1)jCtj Bj...(1)tCtt Bt (k2t)n
由上述t1式可得t1元一次方程組如下: