Chebyshev 和 Morgan-Voyce 多項式、
Fibonacci 數、 Pell 數、
Lucas 數等的關係探討
翁翠微
1. 前言
Chebyshev 多項式在數學方面都有很多之應用 (參見 [8]), 譬如在組合數學、 數論方面等 等。
1959 年, A. M. Morgan-Voyce 研究 electric ladder network of resistors [7], 藉由 計算 ladder network 的等效電阻, 他發現了兩個多項式家族: bn(x) 和 Bn(x), 其中
bn(x) 和 Bn(x) 的遞迴關係式如下:
bn(x) = xBn−1(x) + bn−1(x) (1.1) Bn(x) = (x + 1)Bn−1(x) + bn−1(x) (1.2) 其中 b0(x) = B0(x) = 1 。
而 M. N. S. Swamy, S. L. Basin of Sylnania Electronic System, V. E. Hoggatt, Jr., 和 M. Bicknell 等人更在 1967 和 1968 深入的研究這些多項式的特性 [6]。
本篇文章的主要目的有三:
(1) 簡化 Morgan-Voyce 多項式 bn(x)、 Bn(x) 一般式的計算過程, 並得到 bn(x)、 Bn(x) 與 Chebyshev 多項式的關係式。 (見第 2 節)
(2) 利用簡單的計算得到一般性的數列 {an} 滿足遞迴關係式:
an = a · an−1+ b · an−2, a0 = c, a1 = d, 其中 a, b, c, d 為任意實數 (1.3) 與 Chebyshev 多項式的關係式。
31
進而得到 Fibonacci 數、 Pell 數、 Jacobsthal 數、 Mersenne 數、 Lucas 數、 Pell-Lucas 數、 Jacobsthal-Lucas 數、 Fermat 數和 Chebyshev 多項式的關係式。 (見第 3 節) (3) 我們也將 (1.3) 式之數列 {an} 以 eθ 之形式表示出來。 (見第 4 節)
2. Chebyshev 多項式與 Morgan-Voyce 多項式
首先, 讓我們來看什麼是 Chebyshev 多項式。
Chebyshev 多項式是與棣美弗定理 (de Moivre identity) 有關, 以遞迴方式定義的一系 列正交多項式序列。 Chebyshev 多項式在逼近理論中有重要的應用, 可用於多項式插值, 並且 提供多項式在連續函數的最佳一致逼近 [1]。
我們知道
cos 0θ = 1 cos 1θ = cos θ cos 2θ = 2 cos2θ − 1 cos 3θ = 4 cos3θ − 3 cos θ cos 4θ = 8 cos4θ − 8 cos2θ + 1
cos 5θ = 16 cos5θ − 20 cos3θ + 5 cos θ cos 6θ = 32 cos6θ − 48 cos4θ + 18 cos2θ − 1 如 cos 2θ = 2 cos2θ − 1 = 2 cos θ(cos 1θ) − cos 0θ
cos 4θ = 8 cos4θ − 8 cos2θ + 1 = 2 cos θ(cos 3θ) − cos 2θ 由於上述的三角恆等式, Chebyshev 多項式的定義如下:
Pn(x) = 2xPn−1(x) − Pn−2(x), P0(x) = 1 隨著 P1(x) 不同的值, 共可分成四種形式的 Chebyshev 多項式 (表一) [3]。
舉例: 若令 x = cos θ, 我們有 Tn(cos θ) = cos nθ T0(x) = 1
T1(x) = x T2(x) = 2x2− 1 T3(x) = 4x3− 3x
T4(x) = 8x4− 8x2+ 1 T5(x) = 16x5− 20x3+ 5x T6(x) = 32x6− 48x4+ 18x2 − 1
所以 Chebyshev 多項式第一類是由 cos nθ 的展開式所定義出來的。
(表一)
第一類 第二類 第三類 第四類
Tn(x) Un(x) Vn(x) Wn(x)
三角定義 cos nθ sin(n + 1)θ sin θ
cos(n + 1/2)θ cos(θ/2)
sin(n + 1/2)θ sin(θ/2) x = cos θ
n = 1 x 2x 2x − 1 2x − 1
和 Un(x) 的關係 Un(x)−Un−2(x)
2 − Un(x) − Un−1(x) Un(x) + Un−1(x) 一般式
αi= x+√
x2−1 αn1 + β1n
2
αn+12 −β2n+1
α2−β2
αn3(α3−1)−β3n(β3−1) α3−β3
αn4(α4+1)−β4n(β4+1) α4−β4
βi = x−√ x2−1 i = 1, 2, 3, 4
由 (1.1) 及 (1.2) 可觀察出 bn(x) 和 Bn(x) 的前幾項:
b0(x) = 1, b1(x) = x + 1, b2(x) = x2+ 3x + 1 · · · · B0(x) = 1, B1(x) = x + 2, B2(x) = x2 + 4x + 3 · · · · 將 (1.1) 及 (1.2) 經由整理, 可以得到下列式子:
bn(x) = (x + 2)bn−1(x) − bn−2(x) (2.1) Bn(x) = (x + 2)Bn−1(x) − Bn−2(x) (2.2)
2.1. Chebyshev 多項式 V
n(y) 和 Morgan-Voyce 多項式 b
n(x) 的關係
Morgan-Voyce 多項式 bn(x)
bn(x) = (x + 2)bn−1(x) − bn−2(x), n ≥ 2, b0(x) = 1, b1(x) = x + 1 (2.1) Chebshev 多項式第三類 Vn(y)
Vn(y) = 2yVn−1(y) − Vn−2(y), n ≥ 2, V0(y) = 1, V1(y) = 2y − 1
將 (2.1) 和 Chebyshev 多項式第三類 Vn(y) 做比較, 發現若令 x + 2 = 2y, 則 bn 多項式和 Vn 多項式有同樣的遞迴關係式以及同樣的初始條件:
bn(2y − 2) = 2ybn−1(2y − 2) − bn−2(2y − 2), b0(2y − 2) = 1, b1(2y − 2) = 2y − 1 因此 bn(x) 就是 Chebyshev 多項式第三類。
而 Vn(y) 的一般式如下:
Vn(y) = (αn+13 − α3n) − (β3n+1− β3n) α3− β3
, α3 = y +py2− 1, β3 = y −py2− 1 (2.3)
將 y = x + 2
2 代入 α3 和 β3 中, 得到:
α3 = (x + 2) +√
x2+ 4x
2 β3 = (x + 2) −√
x2+ 4x 2
所以 bn(x) 的一般式為:
x+2+√ x2+4x 2
n+1
−x+2+√ x2+4x 2
n
−
x+2−√ x2+4x 2
n+1
−x+2−√ x2+4x 2
n
√x2+ 4x
將 y = x + 2
2 代入 Vn(y) 的三角表示式 cos(n + 1/2)θ
cos(θ/2) 中, 其中 y = cos θ。
得到 bn(x) 的三角表示式 cos(n + 1/2)θ
cos(θ/2) , 其中 x + 2
2 = cos θ。
2.2. Chebyshev 多項式 U
n(y) 和 Morgan-Voyce 多項式 B
n(x) 的關係
Morgan-Voyce 多項式 Bn(x)
Bn(x) = (x + 2)Bn−1(x) − Bn−2(x), B0(x) = 1, B1(x) = x + 2 (2.2) Chebyshev 多項式第二類 Un(y)
Un(y) = 2yUn−1(y) − Un−2(y), U0(y) = 1, U1(y) = 2y
將 (2.2) 和 Chebyshev 多項式第二類 Un(y) 做比較, 發現若令 x + 2 = 2y, 則 Bn 多項式 和 Un 多項式有同樣的遞迴關係式以及同樣的初始條件:
Bn(2y − 2) = 2yBn−1(2y − 2) − Bn−2(2y − 2), B0(2y − 2) = 1, B1(2y − 2) = 2y,
因此 Bn(x) 多項式就是 Chebyshev 多項式第二類。
而 Un(y) 的一般式如下:
Un(y) = αn+12 − β2n+1
α2− β2
, α2 = y +py2− 1, β2 = y −py2− 1 (2.4)
將 y = x + 2
2 代入中 α2 和 β2 中, 得到:
α2 = (x + 2) +√
x2+ rx
2 , β2 = (x + 2) −√
x2+ 4x 2
所以 Bn(x) 的一般式為 Bn(x) = (x+2+√2x2+4x)n+1− (x+2−√2x2+4x)n+1
√x2+ 4x 。
將 y = x + 2
2 代入 Un(y) 的三角表示式 sin(n + 1)θ
sin θ 中, 其中 y = cos θ。
得到 Bn(x) 的三角表示式 sin(n + 1)θ
sin θ , 其中 x + 2
2 = cos θ。
[註] Morgan-Voyce 在他的文章中, 並未發現上述與 Chebyshev 多項式關係之事實, 因此他 們的結果雖與本文相同, 但他們的計算很長。
3. Fibonacci 數、Pell 數、Lucas 數等和 Chebyshev 多項式的關係
讓我們先從較一般性的遞迴數列看起:
an= a · an−1+ b · an−2 (n ≥ 2), a0 = c, a1 = d, 其中 a, b, c, d 為任意實數。 (3.1) 利用生成函數求得 an 的一般式:
an=c(αn+1−βn+1)+(d−ac)(αn−βn)
α − β , α =a+√
a2+4b
2 , β =a−√ a2+4b
2 (3.2)
已知 Chebyshev 多項式 Pn(x) 一般式的兩根分別為 r(x) 和 s(x), 其中 r(x) = x +√
x2− 1 s(x) = x −√
x2− 1 [註] 在本文中, 不考慮等根的情況。
由於想求得 Chebyshev 多項式和一般遞迴數列之間的關係, 不妨令 r(x) = kα, s(x) = kβ, k 不限為實數。
若令 r(x) = kα, s(x) = kβ, k 為實數, 得到:
x +√
x2− 1 = kα (3.3)
x −√
x2− 1 = kβ (3.4)
將 (3.3) (3.4) 兩式相加, 得到:
2x = k(α + β) = ka (3.5)
將 (3.3) (3.4) 兩式相減, 得到:
2√
x2− 1 = k(α − β) = k√
a2+ 4b (3.6)
再將 (3.5) 代入 (3.6), 並將等式左右兩邊平方, 得到:
k2a2− 4 = k2a2+ 4k2b
→ −4 = 4k2b
→ k2 = 1
−b (3.7)
→ k = ±
−1 b
1/2
(3.8)
[註] 在本文只考慮 k =
− 1 b
1/2
的情況, 而 k = −−1 b
1/2
的情況可用相同方法處理。
利用已知: Un(x) = rn+1− sn+1
r − s 及 Un−1(x) = rn− sn r − s 。
並將 r(x) = kα、 s(x) = kβ 及 (3.5)、 (3.8) 代回 (3.2) 中, 得到:
an=
− 1 b
−n/2 cUna
2
− 1 b
1/2 +
−1 b
(1−n)/2
(d − ac)Un−1
a 2
− 1 b
1/2
(3.9) 若想要將 an 單純用 Un(x) 表示, 則在 (3.9) 中, 令 d − ac = 0, 得到 d = ac。 故
an=
− 1 b
−n/2 cUn
a 2
− 1 b
1/2
其中 a, c 為任意實數, d = ac。 (3.10) 若想要將 an 單純用 Un−1(x) 表示, 則在 (3.9) 中, 令 c = 0, 得到 d − ac = d。 故
an =
− 1 b
(1−n)/2
dUn−1a 2
− 1 b
1/2
其中 a, d 為任意實數, c = 0。 (3.11) 由 (3.10) (3.11) 可得定理 3.1:
定理3.1. {an} 為一數列, 此數列滿足二次遞迴式如下:
an= a · an−1+ b · an−2 (n ≥ 2), a0 = c, a1 = d 若 (a, b, c, d) →(a, b, c, ac), an=
− 1 b
−n/2
cUn
a 2
− 1 b
1/2
, a, c 為任意實數。
若 (a, b, c, d) →(a, b, 0, d), an=
−1 b
(1−n)/2
dUn−1a 2
− 1 b
1/2
, a, d 為任意實數。
推論3.1. {un} 為一數列, 此數列滿足二次遞迴式: un= a · un−1+ b · un−2 (n ≥ 2), u0 = 0, u1 = 1, 則 un=
− 1 b
(1−n)/2
Un−1a 2
− 1 b
1/2
。
證明: {un} 所滿足的遞迴式就是 (3.1) 取 (a, b, c, d) = (a, b, 0, 1), 因此根據定理 3.1, 得到
un=
− 1 b
(1−n)/2
Un−1a 2
−1 b
1/2
。 推論3.2.
Fn = (−1)n−1(i)n−1Un−1i 2
其中 {Fn} 為 Fibonacci 數列, F0 = 0, F1 = 1, Fn= Fn−1+ Fn−2 (n ≥ 2)。
證明: Fibonacci 數的遞迴關係式為 Fn = Fn−1+ Fn−2, F0 = 0, F1 = 1。 即在 (3.1) 取 (a, b, c, d) = (1, 1, 0, 1)。 根據定理 3.1, 取 (a, b, c, d) = (1, 1, 0, 1), 得到 Fn = (−1)n−1 (i)n−1Un−1i
2
。
推論3.3.
pn = (−1)n−1(i)n−1Un−1(i)
其中 pn 為 Pell 數, p0 = 0, p1 = 1, pn = 2pn−1+ pn−2 (n ≥ 2) [4]。
證明: Pell 數的遞迴關係式為 pn = 2pn−1+ pn−2 (n ≥ 2), p0 = 0, p1 = 1。 即在 (3.1) 中, 取 (a, b, c, d) = (2, 1, 0, 1)。 根據定理 3.1, 得到 pn= (−1)n−1(i)n−1Un−1(i)。
推論3.4.
Jn= (−√
2i)n−1Un−1 i 2√
2
其中 Jn 為 Jacobsthal 數, J0 = 0, J1 = 1, Jn = Jn−1+ 2Jn−2 (n ≥ 2) [4]。
證明: Jacobsthal 數的遞迴關係式為 Jn = Jn−1+ 2Jn−2 (n ≥ 2), J0 = 0, J1 = 1。 即 在 (3.1) 中, 取 (a, b, c, d) = (1, 2, 0, 1), 根據定理 3.1, 得到 Jn= (−√
2i)n−1Un−1 i 2√
2
。
推論3.5.
Mn = (√
2)n−1Un−1 3 2√
2
其中 Mn 為 Mersenne 數, M0 = 0, M1 = 1, Mn= 3Mn−1− 2Mn−2 (n ≥ 2) [4]。
證明: Mersenne 數的遞迴關係式為 Mn = 3Mn−1− 2Mn−2 (n ≥ 2), M0 = 0, M1 = 1。 即在 (3.1) 中, 取 (a, b, c, d) = (3, −2, 0, 1), 根據定理 3.1, 得到 Mn = (√
2)n−1Un−1
3 2√
2
。
定理3.2. {vn} 為一數列, 此數列滿足二次遞迴式如下:
vn= a · vn−1+ b · vn−2 (n ≥ 2), v0 = 2, v1 = a (3.12) 則 vn = 2
−1 b
−n/2
Tn
a 2
−1 b
1/2
。
證明: 與定理 3.1 的作法一樣, 令 r(x) = kα, s(x) = kβ, k 為實數, 得到 (3.3)∼(3.8)。
而 vn 的一般式為 c = 2, d = a 代入 (3.2), 得到 vn = 2(αn+1− βn+1) − a(αn− βn)
α − β = αn(2α − a) + βn(a − 2β)
α − β (3.13)
再利用 α + β = a, 得到 2α − a = α − β、 a − 2β = α − β 代入 (3.13), 經由整理得到:
vn= αn+ βn (3.14)
而
Tn
a 2
− 1 b
1/2
= αn+ βn 2
− 1 b
n/2
(3.15) 將 (3.15) 代入 (3.14), 即得到
vn= 2
− 1 b
−n/2
Tn
a 2
− 1 b
1/2
。 (3.16)
推論3.6.
Ln= 2(−1)n(i)nTn
i 2
其中 {Ln} 為 Lucas 數列, L0 = 2, L1 = 1, Ln= Ln−1+ Ln−2 (n ≥ 2)。
證明: Lucas 數的遞迴關係式為 Ln = Ln−1+Ln−2(n ≥2), L0 = 2, L1 = 1。 根據定理 3.2, 取 (a, b) = (1, 1), 得到 Ln= 2(−1)n(i)nTn
i 2
。
推論3.7.
Dn = 2(−i)nTn(i)
其中 {Dn} 為 Pell-Lucas 數列, D0 = 2, D1 = 2, Dn = 2Dn−1+ Dn−2 (n ≥ 2) [4]。
證明: Pell-Lucas 數的遞迴關係式為 Dn= 2Dn−1+ Dn−2(n ≥ 2), D0 = 2, D1 = 2。
根據定理 3.2, 取 (a, b) = (2, 1), 得到 Dn = 2(−i)nTn(i)。
推論3.8.
jn= 2(−√ 2i)nTn
i 2√
2
其中 {jn} 為 Jacobsthal-Lucas 數列, j0 = 2, j1 = 1, jn = jn−1+ 2jn−2 (n ≥ 2) [4]。
證明: Jacobsthal-Lucas 數的遞迴關係式為 jn= jn−1+ 2jn−2 (n ≥ 2), j0 = 2, j1 = 1。 根據定理 3.2, 取 (a, b) = (1, 2), 得到 jn= 2(−√
2i)nTn
i 2√
2
。
推論3.9.
fn= 2(√ 2)nTn
3 2√
2
其中 {fn} 為 Fermat 數列, f0 = 2, f1 = 3, fn = 3fn−1− 2fn−2 (n ≥ 2) [4]。
證明: Fermat 數的遞迴關係式為 fn= 3fn−1− 2fn−2 (n ≥ 2), f0 = 2, f1 = 3, 根據 定理 3.2, 取 (a, b) = (3, −2), 得到 fn= 2(√
2)nTn
3 2√
2
。
4. a
n的另外一種表示方式
在 Askey [2] 的文章中, 將 Fn 和 Ln 用 eθ 表示, 而在 Ismail [5] 的文章中, 是透過和 Chebyshev 多項式的關係, 將 Fn 和 Ln 用 eθ 表示成一般式。 而在本文中, 則是透過比上述 兩篇文章更直接的方法將 an 用 eθ 之形式表示。
4.1. a
n滿足遞迴關係式 a
n= a · a
n−1+ b · a
n−2(n ≥ 2), a
0= c, a
1= d
an 滿足遞迴關係式 (3.1), 且 an 的一般式如下:
an=c(αn+1−βn+1)+(d−ac)(αn−βn)
α − β , a =a+√
a2+4b
2 , β =a−√ a2+4b
2 (3.2)
利用 α + β = a 和 αβ = −b, 並考慮 b > 0 和 b < 0 的情形。
(在這裡不失一般性令 α > β)
4.1.1. b > 0 的情形
若 b > 0, 則兩根一正一負, 即 α > 0 且 β < 0
由 eθ· e−θ = 1 和 αβ = −b, 令 α =√
beθ, β = −√
be−θ, 並將 α · β 代入 an 的一般 式 (3.2) , 得到:
an(θ) = (√
b)n−1c√
b(e(n+1)θ− (−1)n+1e−(n+1)θ) + (d − ac)(enθ− (−1)ne−nθ)
eθ+ e−θ (4.1)
將 n = 0 和 n = 1 代回 (4.1), 得到 a0 = c, a1 = 2c√
b sinh θ + (d − ac)。
由以上結果, 可以得到定理 4.1:
定理4.1. an 滿足遞迴關係式
an= a · an−1+b · an−2(n ≥2), b>0, a0= c, a1 = 2c√
b sinh θ+(d−ac), 其中 a, c, d 為任 意實數。 則 an(θ) = (√
b)n−1c√
b(e(n+1)θ−(−1)n+1e−(n+1)θ) + (d−ac)(enθ−(−1)ne−nθ) eθ+ e−θ
推論4.1.
Fn(θ) = enθ− (−1)ne−nθ eθ+ e−θ
其中 {Fn(θ)} 為 Fibonacci 數列, F0(θ) = 0, F1(θ) = 1, Fn(θ) = Fn−1(θ) + Fn−2(θ) (n ≥ 2)。
證明: Fibonacci 數的遞迴關係式為 Fn(θ) = Fn−1(θ) + Fn−2(θ) (n ≥ 2), F0(θ) = 0, F1(θ) = 1。 根據定理 4.1, 取 (a, b, c, d) = (1, 1, 0, 1), 得到 Fn(θ) = enθ− (−1)ne−nθ
eθ+ e−θ , 和 Ismail [5] 的結果相同。
4.1.2. b < 0 的情形
若 b < 0, 則兩根同號, 由 α + β = a 辨別, 若 a > 0, 則兩根皆為正根; 若 a < 0, 則兩 根皆為負根。
(1) 若 a > 0, 令 α =√
−beθ, β =√
−be−θ 將 α · β 代入 an 的一般式 (3.2), 得到:
an(θ) = (√
−b)n−1c(√
−b(e(n+1)θ− e−(n+1)θ) + (d − ac)(enθ− e−nθ)
eθ− e−θ (4.2)
將 n = 0 和 n = 1 代回 (4.2), 得到 a0 = c, a1 = 2c√
−b cosh θ + (d − ac)。
(2) 若 a < 0, 令 α = −√
−beθ, β = −√
−be−θ 將 α · β 代入 an 的一般式 (3.2), 得到:
an(θ) = (−√
−b)n−1c · (−√
−b)(e(n+1)θ− e−(n+1)θ) + (d − ac)(enθ− e−nθ)
eθ− e−θ (4.3)
將 n = 0 和 n = 1 代回 (4.3), 得到 a0 = c, a1 = −2c√
−b cosh θ + (d − ac)。
由以上結果, 可以得到定理 4.2:
定理 4.2. an 滿足遞迴關係式 an = a · an−1+ b · an−2 (n ≥ 2), b < 0, a0 = c, 其中 a, c, d 為任意實數。 則若
(1) a > 0, a1 = 2c√
−b cosh θ + (d − ac) an(θ) = (√
−b)n−1c√
−b(e(n+1)θ− e−(n+1)θ) + (d − ac)(enθ− e−nθ) eθ− e−θ
(2) a < 0, a1 = −2c√
−b cosh θ + (d − ac) an(θ) = (−√
−b)n−1c · (−√
−b)(e(n+1)θ− e−(n+1)θ) + (d − ac)(enθ− e−nθ) eθ− e−θ
4.2. a
n滿足遞迴關係式 a
n= a · a
n−1+ b · a
n−2(n ≥ 2), a
0= 2, a
1= a
由 (3.14) 知 an 的一般式為:
an= αn+ βn, α = a +√
a2+ 4b
2 , β = a −√
a2+ 4b
2 (4.4)
考慮 b > 0 和 b < 0 的情形:
(1) 當 b > 0 時, 令 α =√
beθ, β = −√
be−θ, 並將 α · β 代入 an 的一般式 (4.4), 得到:
an(θ) = (√
b)nenθ+ (−1)n(√
b)ne−nθ (4.5) 將 n = 0 和 n = 1 代回 (4.5), 得到 a0 = 2, a1 = 2√
b sinh θ。
(2) b < 0, a > 0 時, 令 α =√
−beθ, β =√
−be−θ, 並將 α · β 代入 an 的一般式 (4.4), 得 到:
an(θ) = (√
−b)n(enθ+ e−nθ) (4.6) 將 n = 0 和 n = 1 代回 (4.6), 得到 a0 = 2, a1 = 2√
−b cosh θ。
(3) b < 0, a < 0 時, 令 α = −√
−beθ, β = −√
−be−θ, 並將 α · β 代入 an的一般式 (4.4), 得到:
an(θ) = (−√
−b)n(enθ+ e−nθ) (4.7) 將 n = 0 和 n = 1 代回 (4.7), 得到 a0 = 2, a1 = −2√
−b cosh θ。
由以上結果, 可以得到定理 4.3:
定理4.3. an 滿足遞迴關係式 an = a · an−1+ b · an−2 (n ≥ 2), a0 = 2, 其中 a, b, c, d 為任意實數。 則
(1) 當 b > 0 時, a1 = 2√
b sinh θ, an(θ) = (√
b)nenθ+ (−1)n(√
b)ne−nθ (2) 當 b < 0, a > 0 時, a1 = 2√
−b cosh θ, an(θ) = (√
−b)n(enθ+ e−nθ) (3) 當 b < 0, a < 0 時, a1 = −2√
−b cosh θ, an(θ) = (−√
−b)n(enθ+ e−nθ) 推論4.2.
Ln(θ) = enθ+ (−1)ne−nθ
其中 {Ln(θ)} 為 Lucas 數, L0(θ) = 2, L1(θ) = 2 sinh θ, Ln(θ) = Ln−1(θ) + Ln−2(θ) (n ≥ 2)。
證明: Lucas 數的遞迴關係式為 Ln= Ln−1+ Ln−2 (n ≥ 2), L0 = 2, L1 = 1。 根據定 理 4.3, 取 (a, b) = (1, 1), 得到 Ln(θ) = enθ+ (−1)ne−nθ, 和 Ismail [5] 的結果相同。
5.致謝
感謝中研院數學所的暑期組合數學專題研究計畫提供機會與資源, 讓作者有機會在暑假跟 著美國內華達大學數學系薛昭雄教授做暑期研究, 也由衷感謝薛昭雄教授的指導, 由於薛教授 適當地鼓勵與建議, 本文才能完稿。
參考文獻
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—本文作者為台灣大學電機系學生—