1
110 學年度普通型高級中學數學科能力競賽(決賽)
筆試(一)試題卷
編號: (學生自填)
注意事項:
(1) 時間:2 小時(13:30~15:30)
(2) 配分:每題皆為 7 分 (3) 不可使用計算器
(4) 請將答案依序寫在答案卷內 (5) 學生自評預估得分(每題 0 ~7 分)
一、
試求所有不小於 1 的實數 , ,x y z ,滿足
min x+xyz, y+xyz, z+xyz = x− +1 y− +1 z−1
,
其中
min{ , , } p q r
表示 , ,p q r 三數的最小值。二、
如圖,ABC
的內心為 I ,其內切圓與BC CA AB 的切點分別是, ,D E F , ,
。 直線CI DF ,
交於點 P ,點Q
在BI
的延長線上,它與 B 在直線PC
的相反 兩側,且滿足PQ +BCs
,其中s
是ABC
的半周長。令AH
垂直 BC 於 點H
。試證: (1)A I F P , , ,
四點共圓; (2)P Q D H , , ,
四點共圓。
三、
設a
n 及b
n 為公比不相等的兩個等比數列,而cn =
an+
bn都不等於0
, 其中 ,
為非零實數。令 n 次多項式f x
n( ) = c x
n n+ c x
n−1 n−1+ + c x c
1+
0。已 知對於正整數n 2
,多項式f x
n( ) + x f
2 n−2( ) x
除以x fn−1( )x 的餘式皆為次數小 於或等於1
的多項式,試證:乘積a b 是一與n n n 無關的常數。2
110 學年度普通型高級中學數學科能力競賽(決賽)
筆試(二)試題卷
編號: (學生自填)
注意事項:
(1) 時間:2 小時(16:00~18:00)
(2) 配分:每題皆為 7 分 (3) 不可使用計算器
(4) 請將答案依序寫在答案卷內 (5) 學生自評預估得分(每題 0 ~7 分)
一、
在平行四邊形ABCD
中,點 E 在BC
上,點 F 在CD
上,且AE
交BD
於點 P,AF
交BD
於點 Q。設C 是以 P 為圓心、PBP
為半徑的圓,而C 是以 Q 為圓心、 QDQ 為半徑的圓,且兩圓的交點為R R ,
。試證: BE DF =CE CF 的充要條件為120
BRD =
。二、
試問有多少組整數數對( )
a b, ,滿足1 a b 2021
,且 229 ab a b a b a
+ +
+ +
為整數?三、
用 0 和 1 排成的n
項數列中,滿足連續兩項為 0, 0 的組數與連續兩項為 1,1 的組數相等之數列稱為「n
項的平衡數列」。例如: 8 項數列 0,0,0,1,1,0,1,1 中,連續兩項為 0, 0 的有 2 組,連續兩項為 1,1 的也有 2 組;因此,數列 0,0,0,1,1,0,1,1為「 8 項的平衡數列」。試問對任意的正整數n
,有多少種n
項的平衡數列?3
110 學年度普通型高級中學數學科能力競賽(決賽) 口 試 試 題
注意事項:
(1) 試卷共 2 題,參賽者可先在本試卷上作答,思考時間 20 分鐘;
(2) 攜帶本試卷到口試教室應試,答辯時間 20 分鐘,並繳回本試卷;
(3) 口試完成後由助理引導至 M212 教室,繼續作答獨立研究。
學生 編號:
一、
設有 n 張牌,分別寫上1, 2, 3, , n
。對任意牌型a a a1, 2, 3, ,a ,進行以下 n 操作:若a 為奇數,則將n a 置於最前面,即得新牌型n a a an, 1, 2, ,an−1; 若a 為偶數,則將n a 置於n a 與1 a 之間,即得新牌型2 a a a1, n, 2, ,an−1。 試證:當a 為奇數時,經過連續操作多次後可回到原牌型,並求此最少的 1 操作次數。【解答】
二、
如圖,在 ABC
的邊AB
與AC
的外側分別作兩正三角形 ABE 及 ACF 。 已知AC = 1
且EF = 2
。試求 ABC
面積的最大可能值。【解答】
4
110 學年度普通型高級中學數學科能力競賽(決賽) 獨立研究(一)試題卷
注意事項:
(1) 三題中自選兩題作答,並請註明題號 (2) 時間:1.5 小時(8:30~10:00)
(3) 配分:每題皆為 7 分 (4) 不可使用計算器
(5) 請將答案寫在答案卷內
學生 編號:
一、
設D E F , ,
分別是 ABC
三邊BC CA AB 上的點。試證: 在, , AEF , BDF ,
CDE中,至少有一個三角形的面積不大於 DEF 的面積。
二、
將3, 4, 5, 6, ,1155
這1153
個正整數重新排成一個數列a
k ,使得對每一個k = 1, 2, 3, ,1153
,第k
項a 都是kk
的倍數。試問共有多少種不同的排法?
三、
有一群人,人數至少100 人,其中任意兩人或者彼此認識,或者彼此不認識。現在想將這群人分組(每一組至少一人,各組人數可以不相等)。如果每一 組中的任意兩人都彼此不認識,稱為「好分組」。已知不管怎麼分,都無法 分成
99
組的「好分組」,但是可以有分成100 組的「好分組」。試證:在分 成100 組的「好分組」中,都可以在第 k 組中選出一個人v ,使得對每一個 k1, 2, 3, , 99
k =
,都有v 認識k vk+1。5
110 學年度普通型高級中學數學科能力競賽(決賽) 獨立研究(二)試題卷
注意事項:
(1) 三題中自選兩題作答,並請註明題號 (2) 時間:1.5 小時(10:20~11:50)
(3) 配分:每題皆為 7 分 (4) 不可使用計算器
(5) 請將答案寫在答案卷內
學生 編號:
一、
試求滿足下列條件的最小正整數 n :當整係數多項式函數 ( )f x 有 n 個相異整數1, 2, , n
x x x ,滿足 f x( )1 = f x( )2 = = f x( n) 1= 時,方程式 ( ) 3f x = 就不會有整 數解。
二、
試證:不存在任何的正整數解 ( , , , )x y z w ,滿足下列方程式:4x4+9y4 =11(z4+w4)。
三、
將邊長為 3 的正三角形分成九個全等的單位三角形。一開始每個單位三角形裡都填 0。每次操作可以選擇兩個相鄰的單位三角形(相鄰意為有共同邊)
而將這兩個三角形內的數字都同時加 1 或同時減 1。已知經由若干次操作後,
九個數恰好形成連續的正整數n n,
(
+1 ,)
,(
n+8)
,試求所有可能的 n 值。6
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
試求所有不小於1 的實數
x y z , ,
,滿足
min x+xyz, y+xyz, z+xyz = x− +1 y− +1 z− , (1) 1 其中
min{ , , } p q r
表示p q r , ,
三數的最小值。解 析
類 型 ■ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 ■中等 □易 編 號 筆試一(1) 解答 :
先考慮 z=min{ , , }x y z ,並令
x = + 1 a
2, y= + , 1 b2z = + 1 c
2,其中a c 0, b c 0
。 在這些設定條件下,(1)式等價於2 2 2 2
(1+c )(1 (1+ +a )(1+b ) )=(a b c+ + ) 。 (2) 由柯西不等式
2 2 2
(c +1)(1 (+ a b+ ) )(a b c+ + ) 。 (3) 由(2)式與(3)式可得
2 2 2
(a b+ ) +(1 a )(1+b )。 (4) 另一方面,由柯西不等式(a2+1)(1+b2)(a b+ )2;因此,上面的不等式均為 等號。所以
ab = 1
,且c a ( + b ) = 1
。反之,若
ab = 1
且c a ( + b ) = 1
,則 1 1c a
a b b
= =
+ , 1 1
c b
a b a
= =
+ 。
故,此情況下問題之解為
1
2x = + a
, 12 1y= + a , 1 ( 2 )2 1 z a
= + a
+ ,其中
a
可以是任意不小於1 的正數。當然
x y z , ,
重排也是解 (因為也可設b
或a
是a b c , ,
中最小的)。7
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
如圖,
ABC
的內心為I
,其內切圓與BC CA AB 的切 , , 點分別是D E F , ,
。直線CI DF ,
交於點P
,點Q
在BI
的延長線上,它與B
在直線PC
的相反兩側,且滿足+
PQ BC
s
,其中s
是ABC
的半周長。令AH
垂直 BC 於點 H 。試證:(1)
A I F P , , ,
四點共圓;(2)
P Q D H , , ,
四點共圓。解 析
類 型 □ 代數(A) □ 數論(N) ■ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 ■ 中等 □ 易 編 號 筆試一(2) 解答:
1. 設
M N ,
分別為AB AC ,
的中點,且BC = a CA , = b AB , = c
。因為1 1
2 2
1 1 1
2 2 2
90 ,
DPC PDB C FIB C
B C A
即
FPI = FAI
, 得A I F P , , ,
共圓,所以
API AFI 90
。令
L
為 AP 與BC
的交點,因CI
是分角線,P
為AL
的中點,故P
是在MN
上。2. 設過
A
與BC
平行的直線與BI CI ,
分別交於B C ,
。因 AB B = B BC = ABB
, AB AB c;同理 AC AC 。所以,得 B Cb b c 。由此可得 / 2 1 1 ( )= = ,
2 2
C I B C b c CP CC C I CI b c a s
a a a
CI BC CI CI CI 。
設
Q
是 BI 與MN
的交點,則P Q B C
, PQ PI CP CI s a PQBC CI CI a BC。所以,
PQ = PQ
;得Q
與Q
重合(因 BFID 是箏形,得PD BI
,且Q
與B
在CI
的相反兩側)。 3. 因Q
是在MN
及分角線上,用與1. 同樣的證明可得 AQB = 90
. 所以P Q ,
是在以 AI為直徑的圓(記為
K
)上(此圓也通過E F ,
)。設 DI 與B C
交於點D
, 則D
是在圓K
上。因H D ,
分別是A D ,
對MN
的對稱點,且P Q D A , , ,
共圓,所以,P Q D H , , ,
也共 圓。8
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
設
a
n 及b
n 為公比不相等的兩個等比數列,而cn =
an+
bn都不等於 0 ,其中 ,
為非零實數。令n
次多項式f x
n( ) = c x
n n+ c x
n−1 n−1+ + c x c
1+
0。已知對於正整數n 2
, 多項式f x
n( ) + x f
2 n−2( ) x
除以x fn−1( )x 的餘式皆為次數小於或等於1
的多項式,試證:乘積a b 是一與n n
n
無關的常數。
解 析
類 型 ■ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 ■ 難 □ 中等 □ 易 編 號 筆試一(3) 解答 :
對於整數n 2
,( )
2 2( )
0 1(
2)
2 n
i
n n i i
i
f x x f − x c c x c c− x
=
+ = + +
+ ,而 1
( )
1 10 n
i
n i
i
x f x c x
− +
− =
=
。由於( ) ( )
(
2 2) (
1( ) )
deg fn x +x fn− x deg xfn− x ,
因此, fn
( )
x +x f2 n−2( )
x =
nx fn−1( )
x +r xn( )
,其中r x =n( )
0或degr xn( )
deg(
x fn−1( )
x)
。比較 xn−1項的係數,得cn−1+cn−3 =
n nc −2。同理,由 fn−1
( )
x +x f2 n−3( )
x =
n−1x fn−2( )
x +rn−1( )
x ,再比較xn−1項的係數,得知1 3 1 2
n n n n
c − +c− =
−c − 。因此,
n =
n−1,故
1= 2 =
3 = =
n = ,其中
為常數。由題目所給的條件degr x n
( )
1,可知r xn( )= f xn( )+x f2 n−2( )x −
x fn−1( )x = +c0(
c1−
c0)
x, 且對於所有大於或等於2 的整數 n 皆有cn+cn−2 =
cn−1。調整條件中的
,
,不失一般性,可假設an = , r1n bn =r2n,其中r ,1 r 為非零實2 數。注意:c
n=
r
1n+
r
2n= ( )
r
12r
1n−2+ ( )
r
22r
2n−2,且
cn−1−cn−2 = (
r1−1)
r1n−2+ (
r2−1)
r2n−2。 由數列c 的遞迴式n cn =
cn−1−cn−2,得( )
r12 r1n−2+( )
r22 r2n−2 = (
r1−1)
r1n−2+ (
r2−1)
r2n−2, 。 (1) n 29
以下我們要證明:ri2 =
ri− ,1i = 1, 2
。這可以分兩種情況討論如下:(A) 1
2
r 1
r : 若 1
2
r 1
r ,則式(1)等同於
( )
12 1 2( )
22(
1)
1 2(
2)
2 2
1 1
n n
r r
r r r r
r r
− −
+ = − + −
, 。 n 2
令
n →
,得
r22 = (
r2− 1)
r22 =
r2− 代入上式,則有 1( )
2 2
1 1 1 1 1 1
r r r r
=
− =
− 。 由對稱性,若 12
r 1
r 亦可得相同結論。
(B) 1
2
r 1
r = : 則r2 = 或r1 − . 我們有r1
( )
1 ncn =
+ r 或cn =( + −( )
1 n )
r1n, 。 n 0
再由c 的遞迴式n cn =
cn−1−cn−2,亦可得出r12 =
r1− (此時必然是1 r2 = = )。 r1 1綜合以上的討論得知:r r 是二次方程1, 2
x
2− x + = 1 0
的兩個根,再由根與係數的 關係知道:r r = 。所以,1 2 1 a bn n =r r1n 2n = 為一個與 n 無關的常數。 110
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
在平行四邊形
ABCD
中,點 E 在BC
上,點F 在CD
上,且AE
交BD
於點P,AF
交BD
於點Q。設C 是以 P 為圓心、PBP
為半徑的圓,而C 是以Q Q 為圓心、 QD 為半徑 的圓,且兩圓的交點為R R ,
。試證:BE DF = CE CF
的充要條件為 BRD = 120
。解 析
類 型 □ 代數(A) □數論(N) ■ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 □ 中等 ■ 易 編 號 筆試二(1) 解答:
為了簡潔,令
BP a =
, PQ= ,QD bc = 。因為
BP = RP
,所以 PBR = PRB
。同理,因為 QR QD= ,所以QRD QDR
=
。由
BDR
內角和為180
,得知 2
+2
+ PRQ=180 ,故 190 2 PRQ
+ = − 。因此,
90 + 1
BRD
PRQ 2 PRQ = + + = 。由此可知:BRD=120 PRQ= 。 60 再由餘弦定理,得知:上式也等價於
2 2 2
= cos 1
2 2
a b c ab PRQ + −
= ,即
c
2= a
2+ b
2− ab
,亦即a b 1 b c + a c =
+ +
。另一方面,利用
PBE PDA
,得 a BE BE 1 CE b c = AD = BC = − BC+ 。同理,由
QFD QAB
, 得到 b DF DFa c = AB = CD
+ 。因此,
a b 1 b c + a c =
+ +
CE DF CE DF BC CD BE CF
= =
BE DF = CE CF
。證畢!11
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
試問有多少組整數數對
( )
a b, ,滿足1 a b 2021
,且 229 ab a b a b a
+ +
+ +
為整數?解 析
類 型 □ 代數(A) ■ 數論(N) □ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 □ 自編 ■ 改編於:IMO shortlisted problem 難 易 度 □ 難 ■中等 □易 編 號 筆試二(2) 解答 :
設
A = a b
2+ + a 9
,B = ab
2+ + a b
。由題意知:A
能整除aB − bA = a
2− 9 b
。(1) 若
a
2− 9 b 0
,則因A a
2− 9 b
,可知a
2− 9 b = 0
9 a2。設
a = 3 k
,b = k
2分別代入A
,B
,可得A=3 3(
k4 + + ,k 3)
B=k(
3k4 + + 。 k 3)
又 A B 3 k ,可令k =3m,其中
m
為正整數。因此,a=9 ,m b=9m2。 又1 a b 2021
,得m = 1, 2, 3, ,14
。(2) 若
a
2− 9 b 0
,則9b − a
2 A
,即(9−a b2) a2+ +a 9 a
29
,故a = 1
或2。(i)
a = 1
A b = + 10
, b+10 9b− , 1又 9b− =1 9
(
b+10)
− 91 b +10 91。由
91 1 91 7 13 = =
,可得b = 3
或81。檢驗
( )
1, 3 ,(
1,81)
均能使 A B 。(ii)
a = 2
A = 4 b + 11
, 4b+11 9b− , 4又 4 9
(
b−4) (
=9 4b+11)
−115 4b +11 115。由
115 1 115 = = 5 23
,可得b = 3
或26。檢驗
( )
2, 3 ,(
2, 26)
均能使 A B 。因此,可能的數對
( )
a b, 為(
9 ,9m m2)
,其中m = 1, 2, 3, ,14
,以及( )
1, 3 ,(
1,81)
,( )
2, 3 ,
(
2, 26)
,共18 組。12
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
用 0 和 1 排成的
n
項數列中,滿足連續兩項為 0, 0 的組數與連續兩項為 1,1 的組數 相等之數列稱為「n
項的平衡數列」。例如: 8 項數列 0,0,0,1,1,0,1,1中,連續 兩項為 0, 0 的有 2 組,連續兩項為 1,1 的也有 2 組;因此,數列 0,0,0,1,1,0,1,1 為「 8 項的平衡數列」。試問對任意的正整數n
,有多少種n
項的平衡數列?解 析
類 型 □ 代數(A) □ 數論(N) □幾何(G) ■ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 ■ 難 □ 中等 □ 易 編 號 筆試二(3) 解答:
設有a 種「n
n
項的平衡數列」。顯然,a = ;以下考慮1 2n 2
。對一個「
n
項的平衡數列」,令 p 表示數列中第 k 個 0 區塊數字 0 的個數, k 而q 表示數列中第 k 個 1 區塊數字 1 的個數;例如:k 「 8 項的平衡數列」0,0,0,1,1,0,1,1中, p1=3,p2 = ;而1 q1=q2 = 。則該數列連續兩項為 0,0 的 2 組數為
1
( 1)
r k k
p
=
− ,而連續兩項為 1,1 的組數為1
( 1)
s k k
q
=
− ,其中
s = r
(當首項與末項的數字不同) 或s − = r 1
(當首項與末項的數字相同)。因此,數列是「
n
項的平衡數列」的充要條件為1 1
( 1) ( 1)
r s
k k
k k
p q
= =
− = −
,即
1 1
r s
k k
k k
p q r s
= =
− = −
。又1 1
r s
k k
k k
p q n
= =
+ =
,解得:
1 2 2
r k k
n r s p
=
= + −
,1 2 2
r k k
n r s q
=
= − −
。13
(i) 當
n
為偶數時,1
2
r k k
r s p n
=
− =
− 亦為偶數,故s = r
;由此可得:每一個「
n
項的平衡數列」的首項與末項的數字不同,且數字 0 與數字 1 各出現 2 n 次。其中,首項為0
與末項為1
的「n
項的平衡數列」有 222 n
Cn−− 種,而首項為
1
與末項為0
的「n
項的平衡數列」也有 222 n
Cn−− 種;故 22
2
2 n
n n
a = C −− 。
(ii) 當
n
為奇數時,1
2
r k k
r s p n
=
− =
− 亦為奇數,故s − = r 1
;由此可得:每一 個「n
項的平衡數列」的首項與末項的數字相同,且數字 0 與數字 1 出現的 次數相差 1 次。因此, 122
2 n
n n
a = C −− 。
合併上述的結果,可得對任意正整數
n
, 22 1
2
nn n
a C
− −
=
。
14
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
設
D E F , ,
分別是 ABC
三邊BC CA AB 上的點。試證:, , AEF , BDF , CDE
中至少 有一個三角形的面積不大於 DEF 的面積。解 析
類 型 ■ □ 代數(A) □ 數論(N) 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 □ 中等 ■ 易 編 號 獨立研究一(1) 解答:
設 AEF , BDF , CDE , DEF
ABC ABC ABC ABC
= = = =
,可知
+ + + = 1
。不失一般性,可設
。 (1) 若 1 ,則有4 1 1
1 1 3
4 4
= − − − − = ,
故得到
min
, ,
。(2) 若 1
,令4
BD , CE , AF
BC =
CA =
AB =
,所以0 , , 1
。 利用AEF AF AE (1 )
ABC AB AC
= = −
,可得到 = (1 − )
。同理,
= (1 − ) , = (1 − )
。 由此可知
= − − − = − 1
1
(1 −
) −
(1 −
) −
(1 −
)
= − + 1
+ + + + = + − (1
)(1 −
)(1 −
)
。再利用不等式(k1+k2)2 4k k1 2, 1
,以及4
,可進一步得到
2 4
(1−
)(1−
)(1−
)=4
2,亦即
,故
min
, ,
,證畢!A
B C
D
E F
15
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
將
3, 4, 5, 6, ,1155
這1153
個正整數重新排成一數列a
k ,使得對每一個1, 2, 3, ,1153
k =
,第k
項a 都是kk
的倍數。試問共有多少種不同的排法?解 析
類 型 □ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) ▓ 組合(C) 試題出處 □ 自編 ▓ 改編於:大陸競賽試題
難 易 度 □ 難 □ 中等 ▓ 易 編 號 獨立研究一(2) 解答:
因為ak為k 的倍數,故 1154 及 1155 只能排在以自己因數為號碼的位置上。
又 1155 = 3 × 5 × 7 × 11,1154 = 2 × 577,所以,
1155=am,1154= ,其中 m 為3 5 7 11an 的因數, n 為 2 557 的因數。
注意:1155a1153且1154a1153。又1153 為質數,故1153= 或a1 1153=a1153。 當排好1155的位置後,1154 只能排在第 2 號位置,否則會發生小數排在大號碼 的情形,則不符合條件。因此,僅需考慮 1155 的因數排法。
為方便算法,我們以符號
( , , , a b c )
記錄1155 的因數排法。例如:1155=a385、385=a77、77=a11、11= ,記為 3,5,7,11)a1 ( ;而1155=a385、385=a55、55=a11、11= a1 時,記為 3,7,5,11)( ;又如:1155=a385、385=a77、77= 時,記為 3,5,7 11)a1 ( 。
(1) 若 1155 排第 1 號位置,即1155= ,則a1 1154= ,其他的數只能排在以自己 a2 為號碼的位置上,否則會發生小數排在大號碼的情形。
(2) 以 3 為首的排列共有 13 種:即(3,5,7,11)有 3! 6= 種、 3,5,7 11)( 有
C =
133
種、3,5 7,11)
( 有
C =
133
種、 3,5 7 11)( 有C =
331
種。同理,分別以 5, 7, 11 為首的 也各有13 種。因此共有13 4 52 = 種。(3) 形如3 5 為首有 3 種:即 3 5,7,11), 3 5,11,7), 3 5,7 11)( ( ( 。故此類型共有
4
2
3 18
C =
種。(4) 形如 3 5 7 為首有 1 種:即 3 5 7,11)( ,故此類型共有
C =
341 4
種。所以,共有
1 52 18 + + + = 4 75
種。16
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
有一群人,人數至少100 人,其中任意兩人或者彼此認識,或者彼此不認識。現在想 將這群人分組(每一組至少一人,各組人數可以不相等)。如果每一組中的任意兩人 都彼此不認識,稱為「好分組」。已知不管怎麼分,都無法分成
99
組的「好分組」,但是可以有分成100 組的「好分組」。試證:在分成100 組的「好分組」中,都可以在 第
k
組中選出一個人v ,使得對每一個kk = 1, 2, 3, , 99
,都有v 認識k vk+1。解 析
類 型 □ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) ■ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 ■ 中等 □ 易 編 號 獨立研究一(3) 解答:
考慮圖
G V E ( , )
,以這群人為頂點(vertex),當中彼此認識時連一條邊(edge)。已知著色數(chromatic number)
( )
G =100,我們要證明:對於著色數
( )
G = 的圖形(色彩種類n c c1, 2, ,c )n ,給定任何一種著色方式,總是可以找到一條路徑(path) v v1 2 v ,其中頂點n v 的著色為k c 。 k
以非空集合V 表示著上色彩1 c 的頂點集合,並以1 V 表示著上色彩k c 且至少有一 k 個鄰點(neighbour)著上色彩ck−1的頂點所成的集合。我們肯定V ,對k
2 k n
皆 如此。事實上,如果首先出現空集合的V 的標號為 m ,從k1 − k m 1
,逐一將V 中的 k 頂點著上色彩ck+1, 這樣的著色方式將只需要n − 1
種色彩,與 ( )
G = 矛盾。 n現在,從V 的某個頂點n v 開始,從n Vn−1中挑選vn−1,使得vn−1vn相鄰,再從Vn−2中挑選
2
vn− ,使得vn−2vn−1相鄰,以此類推,即可得到一條路徑v v1 2 v 。 n
17
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
試求滿足下列條件的最小正整數 n :
當整係數多項式函數 ( )f x 有 n 個相異整數x x1, 2, ,x ,滿足 n f x( )1 = f x( )2 = = f x( n) 1= 時,方程式 ( ) 3f x = 就不會有整數解。
解 析
類 型 ■ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □難 □中等 ■易 編 號 獨立研究二(1) 解答:
n =1, 2時,顯然不合題意。
n = 時,取3
f x ( ) ( = x + 1 )( x − 1 )( x − 2 ) + 1
,.則f ( ) − = 1 f ( ) 1 = f ( ) 2 = 1
,而f ( ) 0 = 3
。故n = 也不滿足題意之條件。 3
對n 時,可設4
f x ( ) ( = x − x
1)( x − x
2) ( x − x
n) ( ) g x + 1
,其中g x ( )
是整係數多項式函數。假設存在某個整數 m ,使得
f m = ( ) 3
,則
( m − x
1)( m − x
2) ( m − x
n) ( ) g m = 2
。由
g m ( ) 1
,可得( m − x
1)( m − x
2) ( m − x
n) 2
。 (*)這些m−x m1, −x2, ,m− 均非零且都相異,但 4 個以上非零的相異整數乘積的絕對 xn 值至少為 4,此與(*)矛盾。因此,最小正整數n =4。
18
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
試證:不存在任何的正整數解 ( , , , )x y z w ,滿足下列方程式:
4x4+9y4 =11(z4+w4)。 (1)
解 析
類 型 □ 代數(A) ■ 數論(N) □ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 ■ 中等 □ 易 編 號 獨立研究二(2) 解答:
1. 首先證明:下列方程式沒有任何的正整數解 ( , , , )x y z w
𝑥2+ 𝑦2 = 11(𝑧2+ 𝑤2) 。 (2) 令
S = { (x, y, z, w) | (x, y, z, w) 為方程式 (2)的正整數解 }。
假設 S 不為空集合,則存在 (x1, y1, z1, w1) ∈ S 滿足
m = min(x,y,z,w)∈S(x + y + z + w) = x1+ y1+ z1+ w1> 0 (3) 且 x12+ y12 = 11(z12+ w12). (4) 由(4)式我們容易得到 11 都必須整除 x1 與 y1。
可設 x1 = 11x2, y1 = 11y2 。 (5) 從 (4)與(5),我們得到
z12 + w12 = 11(x22+ y22)。 (6) 由 (6) 得知
(z1, w1, x2, y2) ∈ S 且 0 < x2+ y2+ z1+ w2 < m。 (7) 從(3)與(7)得到矛盾,因此,S 為空集合。
2. 若(1)中有一組解 ( , , , )x y z w ,我們令 a=2x b2, =3y c2, =z d2, =w2,則 ( , , , )a b c d 滿足 (2) 式,此與 S = 矛盾!因此,我們得到此題的證明.
19
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
將邊長為 3 的正三角形分成九個全等的單位三角形。一開始每個單位三角形裡都填 0。每次操作可以選擇兩個相鄰的單位三角形(相鄰意為有共同邊)而將這兩個三角 形內的數字都同時加1 或同時減 1。已知經由若干次操作後,九個數恰好形成連續的 正整數n n,
(
+1 ,)
,(
n+8)
,試求所有可能的 n 值。解 析
類 型 □ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) ■ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 ■ 中等 □ 易 編 號 獨立研究二(3) 解答: n = 2
是唯一的可能。從數字總和的奇偶性,得知不可能
n = 1
。當n = 2
時,很容易寫出例子,如下:假設
n 2
辦得到。把各個單位三角形用1, 2, 3, , 9
加以編號(左下角是 1, 右下角是 5)。將編號 2,4,7 的單位三角形塗色,並以S2,4,7表示在這 3 個單位三角形內的數字總和,S1,3,5,6,8,9也是類似的定義。顯然,在操作過程中,總是有S2,4,7= S1,3,5,6,8,9,因此,當
數字n n,
(
+1 ,)
,(
n+8)
填入各單位三角形時,此式子也成立。但是,( ) ( ) ( )
2,4,7 8 7 6 3 21
S n+ + + + +n n = n+ , 而
( )
1,3,5,6,8,9 ( 1) 5 6 15 3 21 2,4,7
S + + + + + =n n n n+ n+ S 。
因此,S2,4,7 S1,3,5,6,8,9,這是錯的。因此,答案僅有
n = 2
。20
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
設有 n 張牌,分別寫上
1, 2, 3, , n
。對任意牌型a a a1, 2, 3, ,a ,進行以下操作:若n a 為奇數,則將n a 置於最前面,即得新牌型n a a an, ,1 2, ,an−1;若a 為偶數,則將n a 置於n a 與1 a 之間,即得新牌型2 a a a1, n, 2, ,an−1。試證:當a 為奇數時,經過連續1 操作多次後可回到原牌型,並求此最少的操作次數。解 析
類 型 □ 代數(A) □ 數論(N) □ 幾何(G) ▓ 組合(C) 試題出處 ▓ 自編 □ 改編於:大陸競賽試題
難 易 度 □ 難 □ 中等 ▓ 易 編 號 口試一 解答:
先將原牌型分組如下:1
,
2,
3, ,
1,
1 1,
1 2, ,
2, ,
1,
2, ,
1,
j j j
i i i i i i i
a a a a a
+a
+a a
+a
+a
+A
, 其中 1,
1,
2, ,
1i i ij
a a a a
+ 均為奇數,其他都是偶數,而末端 A 中的數均為偶數或無。設
A = r
,即 A 由 r 個偶數所組成。(1) 若
r 1
,則經過連續 r 次操作後,牌型變成1
, ,
2,
3, ,
1,
1 1,
1 2, ,
2, ,
1,
2, ,
1j j j
i i i i i i i
a A a a a a
+a
+a a
+a
+a
+ 。 設此時最後一組 1,
2, ,
1j j j
i i i
a
+a
+a
+ 有k
張牌,即k i =
j+1− i
j。則再經過k
次操 作後,牌型變成1, 1, 2, , 1 1, , ,1 2, 3, , 1, 1 1, 1 2, , 2,
j j j j
i i i i i i i i
a + a + a + a +− a A a a a a + a + a 。 依此下去,不難發現:原牌型經過n − 次操作後,牌型變成 1
1, 2, 3, , 2, 1 1, 1 2, , 3, , 1, 2, , ,1
j j
i i i i i i i
a a a a a + a + a a + a + a A。 即牌型僅有奇數作一次輪換,而偶數位置不變。由此分析,可知:
當 n 為奇數時,原牌型有
1 2
n +
個奇數,故經過1 2
n +
回的n − 次操作後,所有奇數就1會輪換到原位置。此時,最少的操作次數為
1
21
2 1) 2
n n
+ ( n − = −
。當 n 為偶數時,原 牌型有2
n
個奇數,故經過2
n
回的n − 次操作後,所有奇數就會輪換到原位置。此1時,最少的操作次數為
2
2 1) 2
n n n
n −
( − =
。(2) 若
r = 0
,同情況(1)的分析,結果亦同。21
110 學年度高中數學能力競賽 (決賽)
題目:
如圖,在
ABC
的邊AB
與AC
的外側分別作正三角形 ABE 及 ACF 。已知AC = 1
且EF = 2
。試求
ABC
面積的最大可能值。解 析
類 型 □ 代數(A) □數論(N) ■ 幾何(G) □ 組合(C) 試題出處 ■ 自編 □ 改編於:
難 易 度 □ 難 □ 中等 ■ 易 編 號 口試二 解答:
令 BAC = , AB c
= ,則 。 由餘弦定理:2 2 2
2 cos(240 ) EF = AE +AF − AE AF − ,
所以,
令 ,將上式改寫為
配方得 2 3 2
( 4
( 1) )
2 2 y
x 。因此,
ABC
面積1 1 sin 1 (2 3 ) 1 3
2 2 2 2 4
c
y
= = − = −
(此為最大值)。以下說明:任給
0 180
,都有滿足條件的 ABC
:如圖所示,固定平面上邊長為 1 的正三角形 ACF 。考慮以
F
為中心作半徑為2 的圓,設
E
為圓上的動點,且從射線 AC 逆時針旋轉至射線AE
的角度是在60
至180
的範圍,在AE
下側作正三角形 ABE ;此時,點B
與點F
在AC
的相反兩側,又這兩個正三角都在的外部,所以, 可任意在
0
至180
間變化。240
EAF
= −
2 2 2
2 cos(240 )
2 (cos 240 cos sin 240 sin ) cos 3 si
3
n . c
c c
c
c c c
cos , sin x = c
y = c
2 2
3 3.
y x y
x
ABC