99-5 電機與電子群 專業科目(一) 共4 頁 第 1 頁
九十九學年四技二專第五次聯合模擬考試
電機與電子群 專業科目(一) 詳解
99-5-03-4 99-5-04-4 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 A B C A D D A A C B C B C B D D A A B B A C C C D 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 D C B A B A D D C B B D A D A B D C B C B C D C D 第一部份:基本電學 1. 由移動電子作正功可知,VA<VB 所以 ) 4V C 3 J 12 ( VAB=− =− 2. (A) 20°C 時的電阻溫度係數 1 20 2 0.005C ] ) 20 21 ( ) 2 01 . 2 ( [ − ° = − − = α (B) 溫度降低、電阻降低,則此材料具有『正』電阻 溫度係數 (C) 0 C 1 202 1 ° − = α ,即理論上推測,在零下202°C 時 電阻將降為0 (D) 由計算式 ) t 202 ( ) 20 202 ( 100 10 + + = ,可得t=2018°C 3. Vab=15+3×20=75V=Vcd−4×20 ∵Vcd=75+80=155V 4. 依克希荷夫定律可知I15Ω=1A 則VE =75−1×15=60V 則流過R 的電流為 1A(向上),所以R= 30Ω 求出A、B 間的戴維寧等效電阻 Ω = + =((30//30) 15)//20 12 th R 而A、B 間的戴維寧等效電壓Eth=75V 則電流 2.5A ) 18 12 ( V 75 I = Ω + Ω = 5. 1 分鐘內 5 公升的水溫升 30°C,需提供 150000 卡的 熱 量 , 即 150000=0.24×200×I×60×0.9 , 可 得 87 . 57 I= A,約為 57.9 A 6. 兩電阻的額定電流分別為 5 10 I5Ω = 與 10 15 I10Ω= 比較可得I10Ω<I5Ω,為避免超過額定值 電流應選用較小者I10Ω= 1.5=1.22A 兩電阻串聯後電阻為15 Ω 可外加的最大電壓為E=I×R=1.22×15=18.3V 7. ) 9 3 18 ) R 3 ( ( R 2 ) 3 R ) 3 18 ) R 3 ( (( = + × + + × + × ,可得R= 12Ω 流過2 R 電阻的電流為 4 A 所以E=4A×2R=4A×24Ω=96V 8. 設 A 點電壓為 X 伏特,利用節點電流法列出計算式 5 15 ) 30 X ( 10 ) 20 X ( − = + − ,可得X=54V 則 1.6A 15 ) 30 54 ( I= − = 9. 此直流線性複雜網路可以戴維寧等效電路來代替 當a、b 間外接 100 Ω 時 V 50 Vab= ,則 ) R 100 50 ( 50 E= + × 當a、b 間外接 200 Ω 時,Vab=80V 則 ) R 200 80 ( 80 E= + × ,可求得R= 300Ω 依最大功率轉移定理可知當a、b 間外接電阻RL=R 時,可在R 獲得最大功率,即L RL= 300Ω 10. 電感器組合所儲存的能量為W=0.5×2H×(2A)2 16 ) H 1 ( ) A 2 ( ) A 2 ( ) A 2 ( H 4 5 . 0 × × 2+ × × = + 焦耳 11. 電容C1儲存電量500μC、電壓 50V,可知C1=10μF 1 C、C2串聯後總電容量 8 F ) 10 40 ( ) 10 40 ( = μ + × = ,且串聯電 容電路,每個電容所儲存的電量均相等且等於總電 量,所以電源電壓 62.5V F 8 C 500 E = μ μ = 12. 因電容充飽電後呈斷路,由 E 3 1 VC= 可知係由R1與 600 kΩ 分壓的結果,R1為600 kΩ 的一半等於 300 KΩ。而充電時間常數τ=R×C C k 250 C ) k 50 ) k 300 // k 600 (( Ω Ω + Ω × = Ω× = 而放電暫態的時間為充電暫態時間的一半,代表放電 時間常數為充電時間常數的一半 即放電時間常數τ=125kΩ×C 則表示50kΩ+R2 =125kΩ,所以R2=75kΩ 則R1+R2=300kΩ+75kΩ=375kΩ99-5 電機與電子群 專業科目(一) 共4 頁 第 2 頁 13. 電感量大小與匝數平方成正比,所以當匝數減半時, 電感量變為原來的 4 1,又直流電感電阻串聯暫態電路 中,時間常數 R L = τ ,所以當電感變為原來的 4 1時, 時間常數τ 亦變為原來的 4 1 ,即 秒 秒 5 . 0 4 2 = = τ 14. 依諧振公式,於諧振時 500 ) 10 200 10 20 ( 1 ) LC ( 1 r 3 6 0.5 = × × × = = ω − − rad/s 所以當ω 由 300 rad/s 增加時,會到達ωr=500rad/s 角速度,之後再繼續增加,又因並聯諧振時,電路電 流I 為最小值。所以線路電流的變化為『先減小後增 大』 15. 由交流電路E=200V、VR=120V、VL =80V 可知 VL−Vc =160V,所以VC=240V 因XC= 24Ω,所以線路電流I=24024ΩV=10A 線路平均功率P=VR×I=120×10=1200W Ω = = 12 A 10 V 120 R , = =8Ω A 10 V 80 XL 所以線路串聯阻抗 Ω − = Ω − Ω + Ω =12 j8 j24 12 j16 Z 可得線路功因 0.6 Z R cosθ= = 越前 16. = Ω × × = ω = − 80 ) 10 10 1250 ( 1 C 1 XC 6 電路總組抗Z=80−j80Ω=80 2Ω 線路電流 2 A ) 2 80 ( 160 Z E I= = = 平均功率P=I2×R=( 2)2×80=160W 17. 由XL =2πfL可知當頻率加倍時,XL加倍 反之頻率減半時,XL亦減半 又 ) fL 2 ( 1 XC= π 可知當頻率加倍時,XC減半 另串聯電路中,當電流達到最大時代表電路達到串聯 諧振,XL =XC L X XC XL XC 50 Hz 50 Hz 25 Ω 100 Hz 200 Ω 100 Hz 50 Ω 200 Ω 200 Hz 200 Hz 100 Ω 100 Ω 18. 此單純 RLC 並聯電路,IR與E 同相 L I 落後E 90°,IC越前E 90° 所以I=13∠θ=IR+jIC+JIL =9+j7.5−jIL 可得IL約為16.88 A,因IL>IC,所以電路呈電感性 19. 未接電容前Z=15+j20=25Ω 線路電流 25 E I= , ) 20 625 E ( X I QL = 2× L= 2 × 依接電容前電路功因為0.6 落後 接電容後電路功因為0.6 越前可知 電容所提供的進相虛功率QC=2QL 即 625 E 40 20 ) 625 E ( 2 X E 2 2 C 2 × = × × = 得 C 1 625 . 15 XC ω = Ω = 所以 0.000064F 64 F 15625 1 C= = = μ 20. E=100∠30°,I=4∠−6.9° 則 = =25∠36.9°=20+j15Ω I E Z 此為串聯形式,但電路呈現為並聯形式 以導納方式來呈現 L B j G 625 15 j 625 20 ) 15 j 20 ( 1 Z 1 Y = − = − + = = 則電阻 = = =31.25Ω 20 625 G 1 R 21. 先求出Z1=4//(j2−j4) 6 . 1 j 8 . 0 )) 2 j ( 4 ( )) 2 j ( 4 ( = − − + − × = 而ZAB=4−j3+Z1 6 . 1 j 8 . 0 3 j 4− + − = Ω − =4.8 j4.6 22. 於 500 Hz 時,XL = 20Ω,XC= 720Ω 則諧指頻率為 3000Hz 20 720 500 fr= × = 即頻率為原來6 倍時才會產生諧振 而諧振時XL =20Ω×6=120Ω 所以品質因數 12 10 120 R X Q= L = = 23. 由XC = 40Ω、IC =3A,可得VA=120V 則IR=4A,若我們假設VA=120=120∠0° 則流過阻抗Z 的電流I=4+j3=5∠36.9° 而Z=24∠16.2° 所以VZ =I×Z ° ∠ =120 53.1 96 j 72+ = 伏 則E=VZ+120∠0°=72+j96+120=192+j96 V 66 . 214 5 96 ) 1 j 2 ( 96 + = × = = ≒215 V
99-5 電機與電子群 專業科目(一) 共4 頁 第 3 頁 24. 不同頻率的兩個交流信號相加時 其有效值為各信號有效值的平方和再開平方根 即 ) 15.81A 2 20 ( ) 2 10 ( I= 2+ 2 = 25. 三相Δ接負載,線電流為10 A 時,相電流為
3
10
而每相負載為30 Ω,所以相電壓 3 100 30 ) 3 10 ( × = = 伏特,又Δ接負載中 3 100 = = =線電壓 電源電壓 相電壓 伏特 此三相電源接至Y 接負載時 Y 接負載的相電壓 100V 3 ) 3 100 ( = = 又Y 接負載中,線電流= 相電流=5A 所以三相Y 接負載中每相阻抗為 20 Z A 5 V 100 = Ω= 而每相阻抗Z 中,電阻R= 10Ω 即Z=20=10±jX,則X= 17.32Ω 第二部份:電子學 26. ○1 在順偏情況下,仍有漏電流存在 ○2 二極體有記號端通常為 N 極 27. ○1 6mA k 1 V 6 IR2= = ,Imin =IZK+IRL =10mA ○2 Imax=IZM+IRL =40mA ○3 = − = =400Ω mA 10 4 I 6 10 R min max ○4 = − = =100Ω mA 40 4 I 6 10 R max min 28. 放電時間τ=R⋅C=(1×103)⋅(0.1×10−6)=0.1ms 經放電時間5τ=0.5ms 輸入週期 0.5ms 2 T = ,因和放電時間相同, 故輸出波形將發生失真 29. 有效值 4 58 2 ) 2 7 ( ) 2 3 ( 2 2 = π π × − + π × − = 30. ○1 Im電流主要為載子濃度不均所引起 ○2 所加電壓 V 增加時,Is電流不變 31. 3 2 ) 2 V 2 ( 2− i− =− ,∴Vi=5V 32. 2mA k 3 100 k 200 ) 7 . 10 ( 7 . 0 0 IE = Ω + Ω− − − = V 7 . 4 R I V VE = EE+ E E =− 33. (A) VC=0−ICRC=−4.4V (B) VRE =VZ−VBE =5−0.6=4.4V mA 4 . 4 10 4 . 4 R V I 3 E RE E = = = ,IC≒IE =4.4mA (C) VCE =0−VEE−ICRC−IERE V 2 . 3 ] 10 ) 1 1 [( ) 10 4 . 4 ( 12− × 3 × + × 3 = = − (D) 44 A 100 mA 4 . 4 I I C B = β = = μ 34. 2V 40 10 ) 40 ( 5 ) 10 ( 10 VCC = + × + × − = mA 02 . 0 k 100 7 . 0 7 . 2 IB = − = ,RCC=10k//40k=8kΩ mA 2 . 0 I IC=β B= ,Vo =VCC−IC×RCC=0.4V 35. (1) 2 GS 2 GS GS DSS D 4) V 1 ( 16 ) ) OFF ( V V 1 ( I I − − × = − = 解(1)得ID=4mA (2) 定電流區條件VDG ≥ VGS(OFF) =4 4 V V VDG = D− G≥ , ≤ − =2kΩ I 4 V R D DD D 36. RTH =20k//20k=10kΩ,IC=βIB=50mA V 5 ETH = ,IC(SAT)=310k =3.3mA mA 5 . 0 k 10 5 IB= = ,電晶體已飽和,故AV=0 37. ○2 截止頻率處之電壓增益為最大增益 2 1 倍 ○3 串級放大使頻寬減少 38. A A A 40dB 3 1 V V V= + = ,40dB=20logAV ∴AV=100,AVT =AV×AV2=1000 mV 1 1000 uV 1 Vo = × = 39. ○1 MOSFET 本身結構中有空乏區存在 ○4 空乏型 MOSFET 本身已有通道存在 40. 10=IDRD+IGRG+VGS⇒VGS=4V 9 2 k ) V V ( k ID= GS− T 2⇒ = mA/V2 m 3 4 ) V V ( k 2 gm = GS− T = ,AV=−gm(RD//rd)=−4 41. 100% 66.7% 360 ) 150 360 ( 30 D% × = ° ° − ° + ° = 42. ○1 VC2的輸出振盪波形為一方波 ○2 C1和C2是經由RC1和RC2來充電 43. 電容充電T1=0.7(R1+R2)C,輸出週期T=T1+T2 電容放電T2 =0.7R2C,輸出頻率 T 1 = ≒3 kHZ 44. ( 15) 5V k 10 k 20 k 10 ) V ( VUT CC × + = + = + × β = V 5 ) 15 ( k 10 k 20 k 10 ) V ( VLT=β× − CC = + × − =− 由−7V變成4 V 時,在遲滯範圍內為記憶栓銷 V 15 V Vo=+ CC =+ 45. (B) 電晶體工作於飽和區時,少數載子在基極中累積 (D) 電晶體在工作區時,IC隨VCE電壓增加而增加99-5 電機與電子群 專業科目(一) 共4 頁 第 4 頁 46. 2 P GS DSS D I (1 VV ) I = − ∴VGS =−3或−5(不合)(JFET 截止) 2 GS) 4 V 1 ( 16 1 − − = ,VGS =0−IDRS,∴RS= k3 Ω 47. 2 V V ) k 400 // k 400 ( ) k 400 V k 400 V ( V = 1 + 2 × = 1+ 2 + 2 1 o o V 2V 2V k 10 k 30 1 V V = + ⇒ = + + 49. 2 t=π ω 時, 20 2 sin 20 ) t ( Vi = π = ,Vo=20+5=25V 50. 2V k 2 k 3 k 7 k 2 12 V2k = Ω + Ω + Ω Ω × = Ω V 3 . 1 V 7 . 0 V 2 VE1= − = , 1.3mA R V 3 . 1 I E 1 E = 2 1 126.3mVmA 20 re re = = Ω= 1 re re A 1 2 1 V =− =− ,A 4kre//12k 320k 150 2 2 V = = = 150 A A AVT = V1× V2 =−