第 六 周
第16章 物质中的磁场 §16.2,
§16.3(一般了解),§16.4(一般了解) 第17章 电磁感应
§17.1,§17.2,§17.3 作业: P301 16-2,16-4 *
* P324 17-1,17-2,17-6,17-7
普通物理教案 普通物理教案
§13-3 存在磁介质时磁场的基本规律 一、磁场强度 有磁介质时的安培环路定理
当传导电流的磁场中存在介质时,介质内磁场 应为传导电流和磁化电流所产生磁场的矢量和
B = B 0 + B′
JG JJG JJG
介质中的环路定律:
0
(
0 m)
L
B d l ⋅ = μ ∑ I + ∑ I
∫ JG G v
普通物理教案 普通物理教案
利用磁化电流与磁化强度之间的关系,可得:
0 0
( )
L
B M d l I μ − ⋅ = ∑
∫
JG JJG G
v
引入物理量—磁场强度 (magnetic density) H:
0
H B M
= μ − JJG JG JJG
H
的单位为:安培/米(A/m)普通物理教案 普通物理教案
0
(
0)
L
B d l ⋅ = μ ∑ I +
LM d l ⋅
∫ JG G ∫ JJG G
v v
L
H d l ⋅ = ∑ I
0∫ JJG G v
上式称为有介质时的安培环路定理。
磁场强度 H 沿任意闭合路径
L
的环流,等 于穿过该路径所包围的传导电流的代数和。二、存在磁介质时的磁场高斯定理
存在介质时的磁场由传导电流和磁化电流 共同激发,所产生的磁场为闭合曲线,故:
( 0 ) 0
S B d s ⋅ = S B + B ′ ⋅ d s =
∫ JG G ∫ JJG JJG G
v v
普通物理教案 普通物理教案
三、B
、 M 、 H 之间的关系
M H
B = μ 0 + μ 0
由H的定义式:
对各向同性的磁介质, M与H成正比:
M = χ m H
JJG JJG
χ m
称为磁化率 (magnetic susceptibility),为无 量纲量。χ m >0
顺磁质,χ m <0
抗磁质,对铁磁质χ m
很 大,且不是恒量。普通物理教案 普通物理教案
由于:
B = μ
0H + μ
0M = μ
0( 1 + χ
m) H
令:μ
r= 1 + χ
m —相对磁导率H H
B = μ 0 μ r = μ μ
—磁导率对真空:
M = 0 χ
m= 0 μ
r= 1 μ = μ
00
0
μ
μ H H B
B = ⎯ ⎯→ =
χ μ
μ , ,
普通物理教案 普通物理教案
§13-4 铁磁质 *
用途:电机、磁记录等。
特性:
① B
′ >>B 0
,μ r =B/B 0
可达102
~ 103
。②
μ r
(χ m
)不是常量③ 外场停止作用后,仍能保留部分磁性。
④ 存在居里点T
c
。 T >Tc
时铁磁质转化为顺 磁质(铁 1040K、镍631K、钴1388K)。普通物理教案 普通物理教案
铁芯中磁场强度为:
H=nI,在磁通计中
可测磁感应强度B,由此可得磁场强度 与磁感应强度的关 系曲线:
一、铁磁质的磁化规律
次级线圈
实验装置如图所示: 接磁通计
普通物理教案 普通物理教案
B
o H
A D
S
起始磁化曲线
B
SB S
称为饱和磁感应强度。1. 起始磁化曲线
普通物理教案 普通物理教案
2. 磁滞回线
B r —
剩磁、H c —矫顽力。磁滞损耗—磁化过程
中,会发热消耗能量,与磁滞回线所包围的面B
H B
rH
s-H
s-H
cH
cS'
S
c'
b' b
c
铁磁质的磁滞回线
普通物理教案 普通物理教案
近代物理理论认为铁磁 质的磁性主要来源于电 子自旋磁矩。相邻原子 中的电子自旋磁矩通过
交换偶合作用而平行排列,形成一个自发磁化
达饱和状态的微小区域—磁畴。
二、铁磁质的微观结构
在无外场时,每个磁畴内的磁矩取同向,但各 磁畴排列杂乱,宏观不显磁性。
在外场作用下,磁畴转向,表现为磁化过程。
磁 畴
普通物理教案 普通物理教案
在外场停止作用,由于 摩擦阻力,出现剩磁。
温度升高,磁畴被破 坏,表现为居里点。磁 畴的体积为: 10
-8
~10
-12
m3
,约 1017
~1021
磁畴结构的铁粉图形H=0 H H H H
磁化过程中磁畴结构变化示意图
普通物理教案 普通物理教案
三、铁磁质的分类和应用
软磁材料:H
C
<102
A/m 磁滞损耗小,用于产 生交变磁场。硬磁材料: H
C
>102
A/m ,剩磁大,不易消 除,用于制成永久磁铁。矩形材料:B
r
接近饱和值BS
,用于信息储存。H
软磁材料 硬磁材料 矩形材料
-H
CH
CB
r-B
rB
sB
sB
H H
B B
-B
r-B
rB
rB
rH
CH
C-H
C-H
C普通物理教案 普通物理教案
例题1: *
试求磁矩为 pm
=1.4×10
-26A·m2,自旋角动量为L
P=0.53 ×10-34kgm2/s的质子,在磁感应强度B=0.50T 的均匀磁场中的进动角速度。L
pdLp d
ϕ
B
θ
解:质子带正电,它的自旋磁矩
p
m与自旋角动量LP的方向相同,质子在磁场B中所受的磁力矩为:
p m m
sin
M = JG p × = JG B p B θ
质子以磁场为轴线做进动,在 dt时间内转过角度dϕ,角动量 的增量为dL ,由图可知:
普通物理教案 普通物理教案
ϕ θ
ϕ θ
π d L d
L
dL
p = p sin( − ) = p sin又因角动量的时间变化率等于力矩
t M
L t
L
M
p = d p / d d p = pd所以
L
psin θ d ϕ = p
mB sin θ d t
从而可求得质子在磁场中进动角速度
s / rad 10
32 . sin 1
sin d
d = = = ×
8=
p m p
m
p
L
B p L
B p
t θ
θ ω ϕ
质子进动的角速度与磁场的夹角无关,说明进动方向和 磁场方向总是相反。
普通物理教案 普通物理教案
例题2:
有一无限长圆柱形载流导体,其相对磁导率为μr, 半径为R,今有电流I沿轴线方向均匀分布,试求:
(1)导体内任一点的B;
(2)导体外任一点的B;
(3)通过长为L的圆柱体的纵截面的一半的磁通量。
解:(1)过距轴线
r
的任一点P
做环路积分,见图。积分圆周与磁场线重合,沿圆周H为常量,故
∫ H
⋅dl
= 2π rH
(r
<R
)普通物理教案 普通物理教案
r P
R
L μ
rI
根据有介质的安培环路定理:
∫
⋅ =∑
) (
d
L内 L
I l
H
因电流均匀分布,所以电流密度为:
R
2j I
= π
半径为r的截面中
R I j r
r I
L
i
2 2
) (
)
= (
∑ = π
内
所以 2
2
, 2 )
(
2 R
H Ir R I
rH r
π = = π
普通物理教案 普通物理教案
则: 0 0
2
( )
2
r r
B H Ir r R
R μ μ μ μ
= = π <
(2)在导线外P点:
) (
2 d
) (
R r
I rH
l H
L i L
>
=
=
⋅
∑
∫
内π
因r>R,I I
L
i
=
∑
) ( 内
0
,
02 2
I
H I B H
r r
μ μ
π π
= = =
(3)如图所示,通过长为L的圆柱体纵截面的 一半的磁通量为:
普通物理教案 普通物理教案
r P
R
L μ
rI
π μ
μ π
μ Φ μ
4
2 d d
d
0
0 2 0
0
IL
r R r
r IL BL
S B
r
R R
r s
=
=
=
⋅
= ∫ ∫ ∫
例题3:*
一铁环外均匀绕有绝缘导线,导线中通有恒定电流I。若 在环上开一条狭缝,试求:(1)开狭缝前后,铁环中的
B,H 和M 如何变化;(2)铁环与缝隙中的B,H 和M。
解:由磁高斯定理可知,磁场中磁感应强度B总是连续 的,而磁场强度H线却不一定连续;H的环流是由回路中 的传导电流决定的,而B的环流是由回路中的传导电流和 磁化电流(也称束缚电流)共同决定的。
普通物理教案 普通物理教案
(1)由上述分析可知,开狭缝前环内各点的H值相 同,B=
μ H值也相同。因此由含介质的安培环路定理
NI l
H
L
=
∫
⋅dI
N
得: Hl=NI(l为铁环平均周长),即0
,
0 r rNI
H NI B H
l l
μ μ μ μ
= = =
l H NI
M = χ
m= χ
m开狭缝后,磁场线仍然连续,由于狭缝极窄,所以可 认为铁环中与缝隙中的B值相等,而H值不再相等。由
普通物理教案 普通物理教案
NI l
H
L
=
∫
⋅d得 :
H
环( l − Δ l ) + H
缝Δ l = NI
(Δl为狭缝宽度 )NI
l H
l
H
环+
缝Δ =
考虑到Δl<<l
,
近似得则上式可写为
B l NI B l
r
= Δ +
0
0
μ μ
μ
即得:
l l
B NI
r r
Δ
= +
μ μ μ
0普通物理教案 普通物理教案
虽然Δl很小,但对于铁环来说,一般
μ
r 较大,所以开 狭缝后,铁环中的B值比开狭缝前有所减小。同时可知l l
NI H B
r
r
= + Δ
= μ
0μ μ
环
l l
H NI M
r m
m
= + Δ
= χ
环χ μ
环
不难看出,H、M值都比开狭缝前减小。
(2)由上述分析可知,开缝后,铁环中与缝隙中的B值 相等,磁场线是连续的,而由H=B/μ0 μr和M=
χ
mH 得:
普通物理教案 普通物理教案
l l
B NI B
r r
Δ
= +
= μ
μ μ
0缝 环
l l
H NI M
r m
m
= + Δ
= χ
环χ μ
环
l l
NI H B
r r
Δ
= +
= μ
μ μ
0l
缝l
NI H B
r
r
= + Δ
= μ
0μ μ
环
= 0 M
缝注释:结果表明,开狭缝前后,B,H,M均发生变化。
由于B线总是连续的,且狭缝很窄,则认为B线仍然被 束缚在环中和缝隙中,但B值在开狭缝后有所减小。而 H不连续,狭缝中的H值大于铁环中的H值。
普通物理教案 普通物理教案
B=B +B′
E=E +E′
束缚电流产生附加场B′
B
介质表面出现 束缚电流i
s磁化强度
磁介质
束缚电荷产生附加场E′
E
介质表面出现 束缚电荷 σ ′ 极化强度
电介质
介质对场的影响 基本矢量 极化或磁 化的宏观效果 描述极化或磁
化状态量
项目
Δ V
=
∑p
分子P V
m
=
∑Δ p
分子M
磁介质与电介质的对比 普通物理教案普通物理教案
传导电流
H=B/μ 0
−M(自由电荷)
D=ε 0 E+P
各向同性介质 环流定理 高斯定理 辅助矢量
∫ ⋅ = ∑
) (
0
S
D d S
Sq
= 0
∫
SB ⋅ d S
0 d =
∫
LE ⋅ l ∫
LH ⋅ d l = ∑ I
0E D
n P
E
P
eε ε σ
χ ε
0=
⋅
′ =
=
/
0 mm
r
M H
j M n H B
χ
μ μ
=
= ×
=
JJG JJG G JJG G JJG JG
普通物理教案 普通物理教案
μ
0=1.26×10
-6相对磁导率 μ
r磁化率 χ
m磁导率 μ = μ
0μ
rμ
r=1+ χ
mε
0=8.85×10
-12相对介电常量 ε
r极化率 χ
e介电常量 ε = ε
0ε
rε
r=1+ χ
e 常量普通物理教案 普通物理教案
第十四章 电磁感应
§14-1 电磁感应的基本定律 自奥斯特发现电流的磁效 应后,许多物理学家致力于其 逆效应的研究。1831年,英国 物理学家法拉第经过十年研究
,终于发现了电磁感应现象。
Faraday, Michael 1791-1867
一、法拉第实验
普通物理教案 普通物理教案
磁铁棒与线圈有相对运动时的 电磁感应现象
G
N G
电磁感应演.
普通物理教案 普通物理教案
线圈中电流改变时的电磁 感应现象
G
1
2
K ε
R
电磁感应演.
普通物理教案 普通物理教案
电磁感应演.
金属棒在磁场中运动时的电磁 感应现象
A
B
普通物理教案 普通物理教案
电磁感应实验现象:当穿过一个
闭合导体回路内的磁通量发生变化时,不管这 种变化是有什么原因引起的,闭合回路中都将 产生感应电流。
二、楞次定律
1833年,楞次
(Lenz)
得出确定感应电流方 向的法则,称为楞次定律:闭合回路中产生感 应电流的方向,总是使它所激发的磁场去阻止 原磁通量的变化。普通物理教案 普通物理教案
楞次定律是能量守恒定律的体现。当磁铁棒接 近线圈时,线圈中所激发的感应电流产生斥力 将阻止铁棒运动,此时外力必须克服此斥力做
楞次定律
v v
(a) (b)
感应电流的方向判断
N N
普通物理教案 普通物理教案
三、法拉第电磁感应定律
法拉第从实验总结出:通过回路所包围面积的 磁通量发生变化时,回路中将产生感应电动势
ε i
,它正比于磁通量与时间的变化率。i k
t
ε = − d Φ
d
k 为比例系数,在国际单位制中 k = 1
i S B S
t t
ε = − d d Φ = − d d ∫ JG JG ⋅ d
普通物理教案 普通物理教案
⒈ 选定一绕行方向为正,用右手法则确定n方向;
⒉ 依照n方向来确定
Φ
的正负;⒊
Φ
的正负确定后,再确定dΦ
/dt正负;⒋
ε i
的正负和大小由 -dΦ
/dt 决定。确定
ε i
的符号规则:式中负号反映了感应电动势的方向,
是楞次定律的数学形式。
普通物理教案 普通物理教案
N S
n B ε
iv
(a) Φ (t)为正, d Φ /dt>0, ε
i<0
N S
n B ε
iv
(b) Φ (t)为正, d Φ /dt<0, ε
i>0
N
n
SB ε
iv
(c) Φ (t)为正, d Φ /dt>0, ε
i<0
N
n
SB ε
iv
(d) Φ (t)为正, d Φ /dt<0, ε
i>0
普通物理教案 普通物理教案
对于N匝线圈,总感应电动势:
t t
t t
t
N
i
i N
i
d
d d
d d
d d
d d
d Φ Φ Φ Φ Ψ
ε = − + + + = − ∑ = −
=
) (
) (
1 2
1
"
通过各匝线圈的磁通量不等:
dt dΨ dt
d(NΦ dt
N dΦ
ε
i= − = − ) = −
通过各匝线圈的磁通量相等:∑
==
Ni
i 1
Φ
Ψ
称为线圈的全磁通,磁通量相Ψ Φ
普通物理教案 普通物理教案
2 2
1 1
1 2
( )
t t i
N N
q I t
R
ΦΦ R Φ Φ
= ∫ d = − ∫
Φd = −
流过闭合回路的感生电荷与磁通量变化的快慢 无关。
回路中的感应电流:
由于
I=dq/dt,则:
普通物理教案 普通物理教案
有一长直螺线管,在管 的中部放置一个与它同轴、
面积
S=6cm
2、共绕有N=10匝
、总电阻
R=2Ω的小线圈。开
始时螺线管内的恒定磁场为B
0=0.05T,切断电源后磁场 按指数规律B=B
0e-t/τ下降到零,式中
τ
=0.01s。求在小线圈 内产生的最大感应电动势ε
max 及通过小线圈截面的感生电荷量
q 。
例题1:K
G
o t
B
普通物理教案 普通物理教案
解:通过单匝小线圈的磁通量为:
/ 0
B S B Se − t τ
Φ = ⋅ = JG JG
因此,在小线圈中产生的总磁感应电动势为:
τ τ
ε i Φ NB
0S e t
/N t =
−= d
d
小线圈内的磁通按指数变化,因而感应电动势也按指 数变化,在
t=0 时,电动势最大:
S V
NB 0
0.03max
= =ε τ
普通物理教案 普通物理教案
在
t = 0~∞,通过小线圈的感生电荷量为
C
d d d
d d
4 0
0 0
0
10 5
. 1
0
−
Φ
∞
×
=
=
= Φ
=
=
=
= ∫ ∫ ∫
S R B
N
R N R
t N t
R t N
q ε R
iΦ Φ
例题2:
一长直导线中通有交变电流
I=I
0sinω t,式中I表示
瞬时电流,I
0 是电流振幅,ω
是角频率,I
0 和ω
都是常 量。在长直导线旁平行放置一矩形线圈,线圈平面与直 导线在同一平面内,线圈形状参数如图,求任一瞬时线 圈中的感应电动势。普通物理教案 普通物理教案
I x
dx
b
l
d
解:在某一瞬时,距直导线为
x处的磁感应强度为:
x B I
π μ
2
=
0选顺时针方向作为矩形线 圈绕行的正向,则通过图 中阴影面积dS=ldx的磁通 量为:
x x l
S I
B d d
d π
Φ μ
0 2
cos
0=
0=
在该瞬时
t,通过整个线圈的磁通量为:
普通物理教案 普通物理教案
) 2 ln(
sin 2
0 0 0
d b d
t x lI
x l I
b d d
= +
=
= ∫ Φ ∫
+μ π μ π ω
Φ d d
由于电流随时间变化,磁通量也随时间变化,故线圈内 的磁感应电动势为:
d t b d
lI
t t d
b lI d
i
t
π ω ω μ
π ω μ ε Φ
cos )
2 ln(
) d (sin
) d 2 ln(
d d
0 0
0 0
− +
=
− +
=
−
=
普通物理教案 普通物理教案
§14-2 动生电动势
由磁通量变化产生的感应电动势,可分为磁感 应强度变化引起,和导体在磁场中运动或回路 的形状、位置的变动而引起。前者称感生电动 势,后者称动生电动势。
v a
b F
m导体棒在磁场中 运动,棒内电子也随 之运动,受洛仑兹力
(如图):
B e
F m = v − ×
普通物理教案 普通物理教案
在此力作用下,电子向
a 端聚集,形成 b→a 方
向的电场。当电子受此电场力作用与洛仑兹力作 用达到平衡时,棒内电子不再发生宏观流动。引入非静电场:
B e
F
E K = m /( − ) = v ×
E K
的量值为单位正电荷所受的非静电力。导体 在磁场中运动时,导体棒相当于电源,此电源 中的非静电力为洛仑兹力,其非静电场强用EK
表示。普通物理教案 普通物理教案
由电动势定义,导体棒上的动生电动势为:
( )
b
i
E
Kdl
aB dl B l
ε
+= ∫
−JG ⋅ G = ∫ v G JG × ⋅ G = v
在一般情况下,磁场可不均匀、导体各线元速 度可不同、磁场与运动速度可以不垂直等,因 而动生电动势可表示为:
( )
i B l
ε = G JG × ⋅ G
d v d
整个导体中的电动势:
普通物理教案 普通物理教案
( )
i i L B l
ε = ∫ d ε = ∫ v G JG × ⋅ d G
若导体构成回路,且整个回路均有运动,则:
( )
i L B l
ε = v ∫ v G JG × ⋅ d G
二、洛仑兹力做功问题的讨论
洛仑兹力恒与电荷运动方向垂直,因而不做功
,而动生电动势是由于洛仑兹力移动单位正电 荷产生的,似乎又做功,如何解释这矛盾?
普通物理教案 普通物理教案
F f
uf
vv u u+v
如图,洛仑兹力使电子获得 速度
u,
因此实际电子的运动 速度为 (v +u),所受的总洛 仑兹力为:B u
e
F = − ( v + ) ×
上式表明洛仑兹力与 (v +u) 垂直,对电子不做功。
但其中的分力:
) ( B e
f v = − v ×
普通物理教案 普通物理教案
f v
对电子做正功,形成动生电动势。而另一分 力:) ( u B e
f
u= − ×
此力对电子做负功。由于f
u
方向与棒的运动方向 相反,阻碍导体运动,而要维持导体运动,必须 提供外力,此外力正是另一个分力 fv
的来源。洛仑兹力总体上不做功,它只是通过一个分 力做负功迫使外界提供能量,而通过另一个分力 做正功,将部分外界提供的能量转化为电能。
普通物理教案 普通物理教案
三、动生电动势的计算
①按定义计算:
( )
b
i a B l
ε = ∫ v G JG × ⋅ d G
动生电动势的方向:
ε i >0 a → b, ε i <0 b → a。
②按法拉第电磁感应定律计算:
i t
ε = − d Φ d
普通物理教案 普通物理教案
此式一般用于闭合回路,若对导体棒运动这样 的不闭合回路,需做辅助线构成假想回路。
普通物理教案 普通物理教案
v a
b dx
F
m4. 设矢量 (v × B)与dl 之间小于180°的夹角为
β
,则 按标积的定义, (v × B)·dl乃是一个标量,其值即为线 元dl上的动生电动势,即普通物理教案 普通物理教案
计算动生电动势的具体步骤
1. 首先,沿运动导线假定一个电动势的指向;
2. 按电动势的指向,在导线上任取一个线元矢量dl ; 3. 根据线元 dl 的速度v 和该处的磁感强度B以及两者之 间小于180°的夹角
θ
,按矢积的定义,求(v × B) 。 (v × B)仍是一个矢量,其大小为 v Bsinθ
;方向按右 手螺旋法则确定;6. 根据求出的动生电动势
ε
i 的正、负,判定其指向。若
ε
i >0,其指向与事先假定的指向一致;若ε
i <0,其指向则与假定的指向相反。
普通物理教案 普通物理教案
d
ε
i= (v × B)·dl = (vBsin θ
)dlcosβ
(a)5. 最后,按电动势的指向对上式(a)进行积分,得整个 运动导线上的动生电动势,即
) ( cos
sin dl b
b
B
i a