高雄市明誠中學 高二數學平時測驗 日期:109.04.24
範 圍
空間直線方程式(2) 三元一次聯立方程組
班級 二年____班 姓 座號 名
壹、填充題:每題十分
1. 1 2
2 3
x− = −y﹐z = − 1 中﹕
(1)上面方程式的圖形是﹕___________﹔(填﹕平面或直線或線段、點、圓、拋物線、無圖形)
(2)方向向量是﹕____________﹔
(3)參數式是﹕____________﹒
解答 (1)直線;(2)(2, − 3,0);(3)
2 1 3 2 1 x t
y t
z
= +
= − +
= −
﹐t 為實數
解析 1 2, 1 0
2 3
x y
− = − z+ =
−
(1)直線﹒(2)(2, − 3,0)﹒(3)過點( 1, 2, 1)− 且方向向量(2, − 3,0)
2 1 3 2 1 x t
y t
z
= +
= − +
= −
﹐t 為實數﹒
2.求點 A(1,2,3)在平面 x + y + 2z + 3 = 0 上:
投影點 H 的坐標為________________﹒關於平面的對稱點 A 的坐標為________________﹒
解答 ( − 1,0, − 1); ( 3, 2, 5)− − − 解析
1
: 2
3 2
x t
AH y t
z t
= +
= +
= +
﹐t 為實數﹐令 H(1 + t,2 + t,3 + 2t)代入平面中﹐
得 1 + t + 2 + t + 6 + 4t + 3 = 0 6t + 12 = 0﹐∴t = − 2﹐∴H( − 1,0, − 1)﹒
( 1 2 1, 0 2 2, 1 2 3) ( 3, 2, 5)
A − −
− − − = − − −: z
A (1,2,3)
E x+y+2 +3= 0 H
3.求直線 L﹕ 1 2 3
3 3 1
x− = y− = z− 與平面 2x − y + 3z = 3 之交點坐標為____________﹒
解答 (− 2 , − 1 , 2)
解析 令 P(3t + 1 , 3t + 2 , t + 3)為 L 與平面之交點﹐代入平面﹕2(3t + 1) − (3t + 2) + 3(t + 3) = 3
t = − 1﹐∴交點為(− 2 , − 1 , 2)﹒
公式法
2 2 2
2 2 2
1 2 6 3
: (1, 2, 3) 1 (1,1, 2) ( 1, 0, 1) 1 1 2
1 2 6 3
: (1, 2, 3) 2 (1,1, 2) ( 3, 2, 5) 1 1 2
H
A
+ + +
− = − −
+ + + + +
− = − − −
+ +
4.已知直線 L1與 L2交於點 P(1,0, − 1)且兩直線互相垂直﹐其中 1 1 :
1
x t
L y t z
= +
=
= −
﹐t 為實數﹐
2
1 :
1
x t
L y t
z t
= +
= −
= − −
﹐t 為實數﹐現以 L1為軸﹐將 L2旋轉一圈可得一平面﹐求此平面方程式_________﹒
解答 x + y = 1
解析 N V =// L1 (1,1,0)﹐且平面過 P(1,0, − 1)﹐
∴平面方程式為1 ( − + −x 1) 1 (y 0)+ −0 (z 0)= 0
x + y = 1﹒
5.設 A(1,1,1)﹐直線 : 1 1 2
2 1 2
x y z
L + = − = −
− ﹐
(1)一平面過 A 點且垂直直線 L﹐求此平面方程式為____________﹔
(2)一直線過 A 點且平行直線 L﹐求此直線之對稱比例式為____________﹔
(3)求 A 點至直線 L 之距離為____________﹔
(4)一直線過 A 點且垂直直線 L﹐求此直線的對稱比例式為____________﹒
解答 (1)2x + y − 2z = 1;(2) 1 1
2 1
x− = y− 1 2
= z −
− ;(3)1;(4) 1 1
2 2
x− = y− =
−
1 1 z −
−
解析 (1) N =(2,1, − 2)﹐∴所求平面﹕ 2(
x
− +1) (y
− −1) 2(z
− = 2x + y − 2z = 1﹒ 1) 0(2) 1 1 1
2 1 2
x− = y− =z−
− ﹒
(3)設 L 上的點 H( − 1 + 2t,1 + t,2 − 2t)﹐
2 2 2 2 2 2
( 2 2 ) (1 2 ) 9 12 5 9( ) 1
AH = − + t + + −t t = t − t+ = t−3 + ﹐當 2
t =3﹐A 到直線 L 距離 1﹒
(4) 2
t =3代入得 H(1 5 2, ,
3 3 3) ( 2 2, , 1) //( 2, 2, 1) 3 3 3
AH = − − − − ∴所求為 1 1 1
2 2 1
x− = y− = z−
− − ﹒
6.一平面過點(2, − 1,1)且與直線 3 1 0
2 1 0
x y z x y z
+ + − =
− + + =
垂直﹐則此平面的方程式為____________﹒
解答 3x − 2y − 7z = 1
解析 N =(3,1,1) (1, − 2,1) = (3, − 2, − 7)
∴平面方程式為﹕ 3(
x
− −2) 2(y
+ −1) 7(z
− = 3x − 2y − 7z = 1﹒ 1) 0 10.求兩直線 L1﹕ 2 18 2 4
x+ = y = z−
− 與 L2﹕ 4 2 4
2 1 1
x− = y+ = z−
− 的交點坐標為____________﹒
解答 (2 , − 1 , 3)
解析 令 P(8t − 2 , − 2t , 4t + 1)為 L1與 L2交點﹐代入 L2﹕ (8 2) 4 ( 2 ) 2 (4 1) 4 1
2 1 1 2
t t t
− − = − + = + − =t
− ﹐∴交點為(2 , − 1 , 3)﹒
7.若兩直線 L1﹕ 8 6 3
1 2 2
x− = y+ = z−
− − 與 L2﹕ 3 2 5
1 2 2
x− = y+ = z−
− ﹐求
(1)L1與 L2的距離為____________﹒(2)包含 L1與 L2的平面方程式為____________﹒
解答 (1)6;(2)2x + 2y + z − 7 = 0
解析 ∵( − 1 , 2 , − 2) // (1 , − 2 , 2)﹐∴L1 // L2﹒
(1)取 P(8 , − 6 , 3)L1﹐令 P 在 L2上之投影點為 Q(3 + t , − 2 − 2t , 5 + 2t)﹐
∵PQ⊥L2﹐∴(t − 5 , 4 − 2t , 2 + 2t) (1 , − 2 , 2) = 0 t = 1 Q(4 , − 4 , 7)﹐
∴d(L1 , L2) =PQ = ( 4)− 2+22+42 =6﹒ (2)L1﹕ 8 6 3 2 10 0
2 13 0
1 2 2
x y
x y z
x z + − =
− = + = − − − =
− − ﹐
令所求平面為(2x + y − 10) + k(2x − z − 13) = 0﹐
取 L2上一點(3 , − 2 , 5)代入﹕− 6 − 12k = 0 1
k = −2 所求平面﹕2x + 2y + z − 7 = 0﹒
8.求過點 A (2 , 1 , − 3)﹐且包含直線 L﹕ 6 1 1
1 1 2
x− = y− = z− 之平面方程式為____________﹒
解答 x + y − z − 6 = 0
解析 在 L 上取一點 B (6 , 1 , 1)﹐AB =(4,0, 4)﹐V =L (1,1,2)﹐
( 4, 4,4) 4(1,1, 1) AB V L = − − = − − ﹐
所求平面(x − 2) + (y − 1) − (z + 3) = 0 x + y − z − 6 = 0﹒
9.設 L 為 x − y + z = 1﹐x + y − z = 1 兩平面的交線﹐則 L 上與點 P (1 , 2 , 3)距離最近的點 Q 為____﹒
解答 (1 ,5 2,5
2) 解析 L﹕ 1
1 x y z x y z
− + =
+ − =
L﹕
1 x y t z t
=
=
=
﹐t ﹐
∵L 上與點 P 距離最近點為 Q﹐∴PQ⊥L之方向向量(0 , 1 , 1)﹐
令 Q (1 , t , t)﹐則PQ=(0,t−2,t−3)(0 , t − 2 , t − 3) (0 , 1 , 1) = 0 5
t =2﹐∴ (1, , )5 5 Q 2 2 ﹒ 10.已知平面 E:ax + by + 2z = 3 包含直線 L: 1 2 3
1 1 3
x− = y− = z− ﹐則數對(a,b)為____________﹒
解答 ( − 9,3)
解析 將(1,2,3)代入 a + 2b + 6 = 3﹐又(a,b,2)(1,1,3) = 0a + b + 6 = 0﹐
2 3 0 9
6 0 3
a b a
a b b
+ + = = −
+ + = =
﹐故(a,b) = ( − 9,3)﹒
P (1,2,3)
L Q
11.設 L1﹕ 1 1 1
2 4
x y z
a
− = − = − ﹐L2﹕ 1 3 7
1 2 3
x+ = y− = z− 交於一點﹐則 (1)a = ____________﹒(2)含 L1﹐L2的平面方程式____________﹒
解答 (1)3;(2)x − 2y + z = 0 解析 (1)
1 2 1
1 3 2
1 4 7 3
x t s
y at s
z t s
= + = − +
= + = +
= + = +
﹐
解﹐得 t = − 6﹐s = − 10﹐代入 1 − 6a = 3 − 20 a = 3﹒
(2)N =1 (2,3, 4)﹐N =2 (1, 2,3)﹐N1N2= −(1, 2,1)﹐
所求平面為(x − 1) − 2(y − 1) + (z − 1) = 0 x − 2y + z = 0﹒
12.試求包含 y 軸且與平面 2x − y + z = 0 垂直之平面方程式為____________﹒
解答 x − 2z = 0
解析 設所求平面方程式的法向量 n ﹐且 n ⊥(0,1,0)﹐ n ⊥(2, 1,1)− ﹐則
/ /(0,1,0) (2, 1,1) (1,0, 2)
n − = − ﹐
設平面方程式為 x − 2z = d 且過(0,0,0) d = 0﹐故所求平面方程式 x − 2z = 0﹒
13.已知二歪斜線 1: 1 3 4
2 2
y z
L x− = − = − 與 2: 4
2 2 x y
L y z
+ =
+ =
為一正方體某兩邊的方程式﹐則此正方體體
積為_______﹒
解答 27
解析 二歪斜線 1: 1 3 4
2 2
y z
L x− = − = − 與 2: 4
2 2 x y
L y z
+ =
+ =
之距離即正方體邊長
找出包含 L1平行 L2的平面 E﹐設法向量 n =(1,2,2) (2, 2,1) − =(6,3, 6)− ﹐ 設平面 E:6x + 3y − 6z = d 包含(1,3,4)﹐求得 d = − 92x + y − 2z + 3 = 0﹐
取 A(4,0,1)L2d(A,E) = 3﹐正方體體積為 33 = 27﹒
14.已知直線 : 1 6 1
2 3 5
x y z
L + = − = +
− ﹐E : x − 3y + 2z + 4 = 0﹐則包含直線 L 且與平面 E 垂直的平面為 ____﹒
解答 x + y + z − 4 = 0
解析 V =L (2,3, − 5)﹐N =E (1, − 3,2)﹐設所求平面法向量 N ﹐ N =VLNE=− 9(1,1,1)﹐
又平面過( − 1,6, − 1) x + y + z = − 1 + 6 − 1 = 4﹐∴x + y + z − 4 = 0﹒
15.已知直線 : 2
1 2 2
x y z
L = − = ﹐試在包含直線 L 與 y 軸的平面上﹐求出直線 L 與 y 軸的角平分線方程 式為____________﹒
解答 2
1 5 2
x= y− = z﹐ 2
1 1 2
x= y− =z
−
解析 設 y 軸方向向量以V = (0,1,0) , | V =| 1﹐
設交點
0
: 2 2
2 0 x t
P y t s
z t
= =
= + =
= =
﹐s﹐t 為實數 解得 t = 0﹐s = 2﹐
∴L 與 y 軸交點 P(0,2,0)﹐
L 的方向向量為
VL =( 1, 2, 2), |VL | 3= ﹐角平分線 L1﹐L2之方向向量為VL+3V =(1,2,2)+3(0,1,0) = (1,5,2)﹐(菱形邊長為 3)
3 (1,2,2)
VL− V = −3(0,1,0) = (1, − 1,2)﹐
所求 L1﹕ 2
1 5 2
x= y− = z﹐ 2: 2
1 1 2
x y z
L = − =
− ﹒
VL= (1,2,2)
V = (0,1,0) L1
L2
P
16. 1: 5 7 1
3 6 2
x y z
L − = + = −
− − 與 2: 1 5
3 2 2
x y z
L − = = + 為歪斜線﹐P 在 L1上﹐Q 在 L2上﹐當PQ有最小值時﹐
(1)P 點坐標為____________﹔(2)Q 點坐標為____________﹒
解答 (1)(2, − 1,3);(2)(4,2, − 3)
解析 設 P(3t + 5, − 6t − 7, − 2t + 1)﹐Q(3r + 1,2r,2r − 5)﹐t﹐r 為實數
PQ =(3r − 3t − 4,2r + 6t + 7,2r + 2t − 6)﹐V =1 (3, − 6, − 2)﹐V =2 (3,2,2)﹐
PQ V 1 =0 9r − 9t − 12 − 12r − 36t − 42 − 4r − 4t + 12 = 0 − 7r − 49t − 42 = 0 r + 7t + 6 = 0……﹐
PQ V 2 =0 9r − 9t − 12 + 4r + 12t + 14 + 4r + 4t − 12 = 0 17r + 7t − 10 = 0……﹐
解得 r = 1﹐t = − 1﹐ ∴P(2, − 1,3)﹐Q(4,2, − 3)﹒
17.兩歪斜線 1: 5 7 1
3 6 2
x y z
L − = + = −
− − ﹐ 2: 1 5
3 2 2
x y z
L − = = + 試求﹕
(1)公垂線段長為____________﹔(2)公垂線方程式為____________﹒
解答 (1)7;(2) 2 1
2 3
x− = y+ 3 6
= z −
−
解析 設 P(3t + 5, − 6t − 7, − 2t + 1)﹐Q(3r + 1,2r,2r − 5)﹐t﹐r 為實數
PQ =(3r − 3t − 4,2r + 6t + 7,2r + 2t − 6)﹐
1 2
V =V V =(3, − 6, − 2) (3,2,2) = ( − 8, − 12,24) = − 4(2,3, − 6)﹐
∵ V //PQ﹐∴3 3 4 2 6 7 2 2 6
2 3 6
r− −t = r+ +t = r+ −t
−
9 9 12 4 12 14 5 21 26
4 12 14 2 2 6 6 14 8
r t r t r t
r t r t r t
− − = + + − =
− − − = + − + = −
r = 1﹐t = − 1﹐∴P(2, − 1,3)﹐Q(4,2, − 3)
(1)PQ = 4+ +9 36=7﹒(2) : 2 1 3
2 3 6
x y z
L − = + = −
− ﹒
L1
L2
P L
Q
17.空間中二直線 1: 1 3 6
4 1 1
x y z
L + = + = −
− ﹐ 2: 5 1 8
2 1 3
x y z
L − = + = − ﹐求 L1與 L2的公垂線方程式______﹒
解答 3 2
2 7
x− = y+
−
5 1
= z − 解析 先求 L1與 L2的交點
1 2
4 1 2 5
3 1
6 3 8
L L
x t s
y t s
z t s
= − = +
= − = −
= − + = +
解得 t = 1﹐s = − 1﹐代入合﹐∴交點( 3, − 2, 5 )﹐
1 2
L L
V =V V =( 4, 1, − 1 ) ( 2, 1, 3 ) = 2( 2, − 7, 1 )﹐公垂線方程式﹕ 3 2 5
2 7 1
x− = y+ =z−
− ﹒
18. 方程組
3 4 0
2 5 3 4
2 4
x y z
x y z
x y z
− + =
+ − =
+ + =
之解 ( , , )
x y z
=________.答案: (1,1,1)
解析:
3 4 0
2 5 3 4
2 4
x y z
x y z
x y z
− + =
+ − =
+ + =
,
3 11 7 4
3 5 11 16
x y
x y
+ − =
+ + =
5 11
y
1 − = ,代回 得
x = 1
代回 得z =
119. 一個三位數的十位數字等於個位數字與百位數字的和,而它的個位數字與十位數字的和是 10,如果個位數字與百位數字互換,這個數就減少 99,則此數為 .
答案: 473
解析: 設此三位數之百位數字,十位數字,個位數字分別為
x y z , ,
,則 010 10
100 10 100 10 99 1
y x z x y z
y z y z
z y x x y z x z
= + − + =
+ = + =
+ + = + + − − =
解聯立可得
x = 4, y = 7, z = 3
,故此三位數為47320. 已知二次多項式
f x ( )
滿足f (0) = 3, (1) 1, (3) f = f = 9
,則f x = ( )
________ . 答案:2 x
2− 4 x + 3
解析: 設
f x ( ) = ax
2+ bx + c
,依題意可得3 2
1 4
9 3 9 3
c a
a b c b
a b c c
= =
+ + = = −
+ + = =
故
f x ( ) = 2 x
2− 4 x + 3
21. 過
(1,1), (1, 1), ( 2,1) − −
三點之圓方程式為 ______________ . 答案:x
2+ y
2+ − = x 3 0
解析: 設
x
2+ y
2+ dx + ey + = f 0
過(1,1), (1, 1), ( 2,1) − −
三點1 1 0
1 1 0
4 1 2 0
d e f d e f d e f
+ + + + =
+ + − + =
+ − + + =
由
−
得 2e
= = 0e
0代回○1 ,○3 得 2 1
2 5 3
d f d
d f f
+ = − =
− + = − = −
圓方程式為
x
2+ y
2+ − = x 3 0
22. 設 x, y, z 為非零實數,且 0
2 3 0
x y z
x y z
− + =
− − =
,則
2 2 2
2 4
x y z
xy yz zx
− +
+ + =
_____________.答案:
8 5
解析: 0
2 3 0
x y z x y z
− + =
− − =
1 1 1 1 1 1
: : : :
3 1 1 2 2 3
x y z
− − =
− − − −
= 4 : 3 : 1 −
令x
=4 ,t y
=3 ,t z
= − 所求t
1622 922 22 8 22 824 3 16 5 5
t t t t
t t t t
− +
= = =
− − 23. 試解下列各方程組:
(1)
1 1 1 0 4 3 2
5 3 2 4
4
x y z
x y z
x y z
+ + =
+ + =
+ + = −
的解為 ____________ .(2)
2( ) 3 6( ) 5 3( ) 4
x y xy
y z yz
z x zx
+ =
+ =
+ =
的解為_____________ .
答案:
(1)( ,1, 1 1 )(2)(0, 0, 0)
2 − 3
或(1, 2,3)
解析: (1)
1 1 1 0 4 3 2
5 3 2 4
4
x y z
x y z
x y z
+ + =
+ + =
+ + = −
− 2
得2 1x
+ =y
5 − 4
得1 2x
+ =y
4 − 2
得3 6 1 x 2 x = =
代入 得 1
4 5
y
1+ = =
y
代入 得
2 1 1 0 1
z 3 + + = = − z
∴
( , , ) ( ,1, 1 1 )
2 3
x y z = −
(2)
2( ) 3 6( ) 5 3( ) 4
x y xy
y z yz
z x zx
+ = + =
+ =
(Ⅰ) xyz=0
(i)若
x = 分別代入
0 得y = 0, z = 0
(ii)若y = 0
,同理可得x
= =z
0 (iii)若z = ,同理可得
0x = = y 0
(Ⅱ) xyz 0 則原方程組可化為
1 1 3 2 1 1 5 6 1 1 4 3
x y
y z
x z
+ =
+ =
+ =
+ +
得 1 1 1 22( )
6
x
+ +y z
= 1 1 1 11( )
6
x y z
+ + =
−
得1 1 x 1 x = =
−
得1 1 2y
2y
= =−
得1 1 3
3 z z = =
∴
( , , ) x y z = (1, 2,3)
由(Ⅰ)(Ⅱ)得
( , , ) x y z = (0, 0, 0)
或(1, 2,3)
24. 設 a 為實數,已知方程組 3
2 0
4
y z ax x y
x y ax
− = −
+ =
+ = −
有異於 0 0 0
x y z
=
=
=
之解,則 a = .
答案: 7 解析: Sol 一
原方程組即
3 0
2 0
( 1) 4 0
ax y z
x y
a x y
+ − =
+ =
+ + =
,方程組有異於 0 0 0
x y z
=
=
=
之解方程組有無限多組解
2 1 1 8, 7
1 4 a a
a = + = =
+
Sol 二
3 1
0 2 1 0 7 0 7
1 4 0
a
a a
a
−
= = − = =
+
25. 已知 x ,
y
,z
滿足三元一次聯立方程式2 3
2 3
2 0
x y z
x y z
x y z
− + =
+ + =
+ − =
,則
x + + y z
2的最小值為 .答案: 1
解析: 原式:
2 3
2 3
2 0
x y z
x y z
x y z
− + =
+ + =
+ − =
由
− 2
及−
消去 x 得 3 3 33 3 3
y z y z
− = −
− = −
由
3 3 3
3 3 3
− −
= =
− −
,得y
− = − 即 z tz
1 = ,y = − + 1 t
1 ,
y = − + t z = t
代回,得x
= − 即解為2t
21
x t
y t
z t
= −
= − +
=
( t 是實數)
則
x + + y z
2= + 1 t
21, t
,故最小值為126. 空間中四平面
E
1: x + 2 y − 3 z = − 9, E
2: 4 x − − y 2 z = 3, E
3: 3 x + 4 y − = − z 1,
4
: 2
E x − − = y z a
恰交於一點,則 a = . 答案: 2解析: 將
E E E
1,
2,
3三平面的交點求出後再代入E
42 3 9 2
4 2 3 1
3 4 1 3
x y z x
x y z y
x y z z
+ − = − =
− − = = −
+ − = − =
得交點
(2, 1,3) −
代入E
4: 2 x − − = y z a
中 得a =
227. 解下列各方程組:(若恰有一解,請將解寫出;若無解,請回答「無解」;若有無限多組解,
請用參數表示)
(1)
2 3 1
7 5 15
x y z
x y z x y z
− − =
+ + =
− − =
的解為 ___________ .(2)
2 1
2 1
2 1
x y z
x y z
x y z
− + + =
− + =
+ − =
的解為 ________ .
答案: (1) 5 3 , (2) 4 2
x t
y t t R
z t
=
= −
= − +
無解
解析:
(1)
2 3 1
7 5 15
x y z
x y z
x y z
− − =
+ + =
− − =
+
得 2x
− = =z
4z
2x
−4 + 得8 x − 4 z = 16
2 1 4
8 4 16
= − =
−
原方程組有無限多組解令
x
= = − +t z
4 2 ,t y
= − 得解為5 3t
5 3 , 4 2x t
y t t
z t
=
= −
= − +
(2)
2 1
2 1
2 1
x y z
x y z
x y z
− + + =
− + =
+ − =
−
得 3x
−3y
=0 + 得 32 − +x
3y
=3,
代入 得3 3 0
3 3 3
= −
−
原方程組無解28. 若
2 3 9
4
2 8
x y z
ax y z x y z
+ − = −
+ + =
− + =
與
2 1
2 3 13
2 12
x by z
x y z
x y cz
+ − = − + =
+ − =
為同義方程組,且恰有一解,則
( , , ) a b c =
.答案:
(1, 0, 3) −
解析: 由題意,方程組的解即為
2 3 9
2 3 13
2 8
x y z
x y z
x y z
+ − = − − + =
− + =
的解
( , , ) x y z = (2, 1,3) −
代入
4 2 1 3 4
2 1 4 3 1
2 12 4 1 3 12
ax y z a
x by z b
x y cz c
+ + = − + =
+ − = − − =
+ − = − − =
得
( , , ) a b c = (1, 0, 3) −
29. 若
2 4 3 2 11
x y z
ax y z
x y z
− + = −
+ + =
+ − =
與
2 6
2 2
3 2 9
x by z x y z x y cz
+ − =
− + =
+ + = −
有共同的解,且恰有一組解,則:
(1)此解為 . (2)序組
( , , ) a b c =
. 答案: (1)(4, 5, 11) − −
(2)(5, 4,1)
解析: (1)
2 4 3 13
3 2 11 2 6
2 2 3 5
x y z y z
x y z y z
x y z y
− + = − − − =
+ − = − − =
− + = − = −
代回○5 得
z = − 11
,再代回○1 得x = ,故
4( , , ) x y z = (4, 5, 11) − −
(2)將解代回得
4 5 11 4
4 5 22 6 ( , , ) (5, 4,1) 12 10 11 9
a
b a b c
c
− − =
− + = =
− − = −
30. 設向量 a
= (1, 2,1),
b= (1,3, 1), −
c= (1, 1, 2), −
d= (4, 2,9) −
,若 d= x
a+ y
b+ z
c ,其中, ,
x y z
為實數,則( , , ) x y z =
. 答案:(2, 1,3) −
解析:
(4, 2,9) − = x (1, 2,1) + y (1,3, 1) − + z (1, 1, 2) −
4 3 4 2
2 3 2 2 3 1
2 9 3 5 5 1
x y z x y
x y z x y
x y z y y
+ + = + + =
+ − = − − + = −
− + = − = − = −
代入○5 得
x = − − 1 3 y = 2
,代入○1 得z = − − = 4 x y 3
所以( , , ) x y z = (2, 1,3) −
31. 有一工程,如甲,乙,丙三人合作,10 天可完成﹒如甲,丙合作 15 天可完成﹒如乙做 15 天,餘下工程由丙來做,要再30 天才做成,則甲一人獨做需 天完成.
答案: 20
解析: 設甲、乙、丙獨作各需 x 天,
y
天,z
天完成 則1 1 1 1 10 1 1 1
15 15 30
1
x y z
x z
y z
+ + =
+ =
+ =
1 1 30
y
30− =
y
=代入
30 1 60
2 z
z = =
代入