電路學
第八章
拉普拉氏轉換
拉氏轉換
z 交流電路的分析基本上可分為時域分析及頻域分析兩 種。在時域分析裡,分析電路的方程式包含有時變函數 的積分、導數或微積方程式,欲求解這些方程式往往需 要經過煩雜冗長的微積分運算。要避免此一冗長運算最 簡單的方法,就是將時域的微分方程式轉換成以相量來 表示的頻域方程式,然後以簡單的代數方法來求解,再 將其結果轉換成原本的時域型態。將時域與頻域相互轉 換所使用的數學形式稱為拉普拉氏轉換,簡稱拉氏轉 換。拉氏轉換不單只能簡化正弦波的運算,其它非正弦 訊號波形也能處理,且其分析方法及流程均較時域型態 來得簡單。
拉氏轉換的定義
若某一時變函數f(t)在t>0時為分段連續,則其拉氏轉換可定義 為:
£
其中£表示拉氏轉換的運算子,s為複頻率,它可表示為:
s=σ+jω
F(s)表示以複頻率來表示的拉氏轉換結果。
使f(t)可進行拉氏轉換的充分條件為:
< ∞ , σ為正實數
也就是指拉氏轉換式的積分對某一範圍的s值具有收斂性,亦 即指若f(t)e-st在0到∞區間為絕對可積分,則f(t)的拉氏轉換必 然存在。若f(t)為無界限,亦即對某些t值或t=∞時,f(t)趨近 於無限大,則其拉氏轉換可能存在,但也可能不存在。
) s ( F dt
e ) t ( f )]
t ( f
[ = ∫
0∞ −st=
dt e
) t (
f
t0
σ
∞ −
∫
拉氏轉換的定義
拉氏轉換只考慮時變函數f(t)在t>0的部分,而不考慮 t<0的情形,因為t<0的部分在電路中己經以初始值來 表示。若f(t)在t=0時不連續,則拉氏轉換的積分下限 可用t=0
-或t=0
+來替代,其拉氏轉換可定義為:
£ 或
£
將時變函數f(t)轉變為頻率函數F(s)的步驟稱為拉氏轉 換,相反的將頻率函數F(s) 轉變為時變函數f(t)的步驟 稱為反拉氏轉換,以£
-1表示其運算子,通常它表示 為:
f(t)=£
-1[F(s)]
) s ( F dt
e ) t ( f )]
t ( f
[ = ∫
0∞− −st=
) s ( F dt
e ) t ( f )]
t ( f
[ = ∫
0∞+ −st=
基本函數的拉氏轉換
單位步階函數,u(t) 單位步階函數u(t)的定義為:
u(t)的拉氏轉換為:
基本上u(t)的拉氏轉換與f(t)=1的拉氏轉換是相同的,因為f(t)=1與t>0時 的u(t)是完全相同。
若有一步階函數其大小不是單位值,而是某一a值(a可為正實數或負實 數),則它的拉氏轉換為
£[au(t)]=a£[u(t)]=
⎩⎨
⎧
〉
= 〈
0 t 1
0 t ) 0
t ( u
s ) 1 1 0 s ( ) 1
e e
lim s(
1
s ) e
st ( d s e
dt 1 e 1 )]
t ( u [
0 s st
t
0 st
0 st 0
st
=
−
−
=
−
−
=
∫ − =−
= −
= ∫ ×
×
−
−
∞
→
− ∞
∞ −
∞ −
s a
基本函數的拉氏轉換
指數函數
指數函數的通式為e
at或e
-at(a為正實數),由基本定 義可知其拉氏轉換為:
£ s a
e 1 ) a s ( dt 1
e dt
e e ]
e
[
0t ) a s ( 0
t ) a s ( st
0
at at
m m
m
m
=
= −
= ∫
= ∫
∞ ± − ∞ − − ∞±
基本函數的拉氏轉換
正弦函數
求證正弦函數的方法有兩種,其中之一是利用積分公式,而 另一種是利用尤拉公式。首先探討利用積分公式的方法。
對正弦sinωt而言,依定義可知:
£ 由積分公式可知:
將此一關係代回定義可得
£[sinωt]=
dt e
) t (sin ]
t
[sin
0∫
∞ω
−st= ω
] bt cos b bt sin a b [ a
btdt e sin
e
2 2at
at
−
= +
∫
2 0 2
2 2
t ) s (
] s t cos t
sin ) s ) [(
s (
e
ω +
= ω ω
ω
− ω ω −
+
−
∞
−
基本函數的拉氏轉換
對餘弦cosωt而言,
£[cosωt]=
由積分公式可知:
將此一關係代回定義可得
£[cosωt]=
dt e
) t
0
(cos
∫
∞ω
−st] bt sin b bt
cos a
b [ a
btdt e cos
e
2 2at
at
+
= +
∫
2 0 2
2 2
t ) s (
s ] s
t sin t
cos )
s ) [(
s (
e
ω
= + ω
ω + ω ω −
+
−
∞
−
基本函數的拉氏轉換
尤拉公式是表示正弦函數與指數函數間的關係,它可以表示為:
ejθ=cosθ+jsinθ e-jθ=cosθ-jsinθ 或相反的
因此,正弦函數的拉氏轉換可以表示為:
£[sinωt]=£ ={£[ejωt]-£[e-jωt]}
對餘弦cosωt而言,它可以表示為:
£[cosωt]=£ ={£[ejωt]+£[e-jωt]}
2 e cos e
j jθ + − θ
=
θ 2j
e sin e
j jθ − − θ
= θ
⎥ ⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
ω−
− ωj 2
e e
j t j t2 2
2
2
2 (j ) ] s
s [
j 2 j
2 ] 1 j s
1 j
s [ 1 j 2
1
ω +
= ω ω
−
= ω ω
− + ω
= −
⎥⎦⎤
⎢⎣⎡ ω + − ω 2
e ej t j t
2
s2
s ω
= +
基本函數的拉氏轉換
雙曲線函數
雙曲線函數與指數函數具有以下的關係
由此可知雙曲線函數的拉氏轉換為:
£[sinhωt]=£
£[coshωt]=£
2 e cosh e
θ
−
θ +
=
θ 2
e sinh e
θ
−
θ −
= θ
2
s
2s ] 1 s
[ 1 2 1
ω
−
= ω ω
− + ω
= −
⎥⎦ ⎤
⎢⎣ ⎡
ω−
−ω2
e e
t t⎥⎦ ⎤
⎢⎣ ⎡
ω+
−ω2
e e
t t2
s
2] s s
1 s
[ 1 2 1
ω
= − ω + +
ω
= −
基本函數的拉氏轉換
多項式函數 多項式函數[tn]的拉氏轉換為:
£[tn]=
令st=u,將s移項得t=[u/s],微分之得dt=[du/ds],將這些關係代入得:
£[tn]=
= 由珈瑪函數的定義:
可知多項式函數的拉氏轉換可寫為:
£[tn]= (其中n為正整數) dt
e ) t
0 (
st
∫∞ n −
du e s u
1 s
e du s)
(u n u
0 n 1 0
u
n ∞ −
+
∞ −
∫
∫ =
du e s u
du 1 e s u
1 u
0
1 ) 1 n ( 1
0 n
u n 1
n
∞ + − − +
∞ −
+ ∫ = ∫
dt e t )
n
( = ∫0 n 1 t Γ ∞ − −
1
sn
) 1 n (
+
+ Γ
例8-1
試求下列各函數的拉氏轉換:
(a)f(t)=2,(b)f(t)=e3t,(c)f(t)=sin2t,(d)f(t)=cosh5t (e)f(t)=t3
[解]:
(a)F(s)=£[2]= (b)F(s)=£[e3t]=
(c)F(s)=£[sin2t]=
(d)F(s)=£[cosh5t]= (e)F(s)=£[t3]=
s 2
3 s
1
− 4
s 2 2
s 2
2 2
2
= +
+
25 s
s 5
s s
2 2
2 = −
−
s 3 =
3+!
1s 6
4例8-2
試求f(t)=3+5e-7t+2t4的拉氏轉換。
[解]:F(s)=£[3+5e-7t+2t4]=£[3]+£[5e-7t]+£[2t4]
=
=
s )
! 2 4
( 7)
s 5 1 ( s)
3 1
( + × 4+1
× + +
×
s5
48 7
s 5 s
3 +
+ +
例8-3
試求f(t)=cos(3t+θ)的拉氏轉換。
[解]:F(s)=£[cos(3t+θ)]
=£[cos3tcosθ-sin3tsinθ]
=cosθ£[cos3t]-sinθ£[sin3t]
=
=
2 2
2
2
s 3
sin 3 3
s cos s
θ + + −
θ
) sin 3 cos
s 9 ( s
1
2
θ − θ
+
例8-4
設 ,求f(t)。
[解]:f(t)=£-1[F(s)]=£-1[ ]
=£-1[
7 s
) 6 s (
F
2= +
7 s
6
2
+
t 7 7 sin
] 6 ] ) 7 ( s
[
7 7
6
2
2
=
× +
例8-5
設 ,求f(t)。
[解]:f(t)=£-1[F(s)]=£-1[ ]-£-1[ ]
=6£-1[ ]-3£-1[ ]
=6e-2t-3cos t
15 s
s 3 2
s ) 6 s (
F
2− +
= +
2 s
6
+ s 15
s 3
2
+
2 s
1
+ s
2( 15 )
2s
+
15
例8-6
設 ,求f(t)。
[解]:f(t)=£-1[F(s)]=£-1[ ]
=
s
3) 5 s (
F =
s
35
2 2
1 3
2 t t 5
! 2
5 )
3 (
5 t = =
× Γ
−拉氏轉換的基本性質
拉氏轉換的基本性質有線性組合、移位、微分及積分等四類。
線性定理:
設f1(t)及f2(t)為時變函數,並均存在有拉氏轉換F1(s)及F2(s),
若k1及k2為任意常數,則
£[k1f1(t)±k2f2(t)]=k1£[f1(t)]±k2£[f2(t)]=k1F1(s)±k2F2(s) 若k1=k2=1,則它可寫為:
£[f1(t)±f2(t)]=£[f1(t)]±£[f2(t)]=F1(s)±F2(s)
為拉氏轉換的重疊性,也就是指時變函數之和的拉氏轉換等於 各函數之拉氏轉換的和。
若k2=0,則:£[k1f1(t)]=k1£[f1(t)]
為拉氏轉換的齊次性,也就是指某一常數與時變函數之乘積的 拉氏轉換,等於該常數與時變函數之拉氏轉換相乘
拉氏轉換的基本性質
坐標移位分為s軸上之移位也就是頻率位移及t軸上之移位也就 是時間位移兩種。首先考慮s軸上之移位。設£[f(t)]=F(s),且
£[f(t)]s→s-a=F(s-a),則
£[eatf(t)]=£[f(t)]s→s-a=F(s-a) 其中a為常數。
所表示的是當函數f(t)乘上eat後,其拉氏轉換F(s-a)比原來f(t) 的拉氏轉換F(s)在s坐標上向右平移了a距離,如圖8-1所示。或 是指某函數f(t)乘以指數函數eat後,其拉氏轉換等於直接對f(t) 取拉氏轉換再以s-a來替代s。
同理可得
£[e-atf(t)]=£[f(t)]s→s+a=F(s+a)
反之,若£-1[F(s)]=f(t),則£-1[F(s±a)]=f(t)
拉氏轉換的基本性質
圖8-1 s軸上之平移
例8-7
試求f(t)=e-2tcos6t的拉氏轉換。
[解]:
因£[cos6t]=
故£[e-2tcos6t]=
36 s
s 6
s s
2 2
2
= +
+
36 )
2 s (
2 s
2
+ +
+
例8-8
設 ,求f(t)。
[解]:
f(t)=£-1[F(s)]=2e-2tcos3t+(5/3)e-2tsin3t
=e-2t[2cos3t+(5/3)sin3t]
13 s
4 s
9 s ) 2
s (
F
2+ +
= +
⎥ ⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
+ + +
⎥ ⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
+ +
= +
+ +
+
= + +
+
= +
3 2
2 2
2 2
2
3 )
2 s (
3 3
5 3
) 2 s (
2 2 s
3 )
2 s (
5 ) 2 s ( 2 13
s 4 s
9 s ) 2
s
(
F
例8-9
試求f(t)=e-attn的拉氏轉換。
[解]:
已知£[tn]=
£[e-attn]=£[tn]s→s-a=
1
s
n) 1 n (
+
+ Γ
1 a n
s 1 s
n
( s a )
) 1 n ( s
) 1 n (
− +
+ →
−
+
= Γ +
Γ
拉氏轉換的基本性質
除了s軸移位以外,時間軸t也會產生移位。若某一函數f(t) 以t-a(a>0)來替代t時,則f(t-a)表示f(t)訊號向右平移a單位 之距離,如圖8-2所示。
圖8-2 t軸上之平移
拉氏轉換的基本性質
設£[f(t)]=F(s),則
£[f(t-a)u(t-a)]=e-as£[f(t)]=e-asF(s) 及 £[f(t)u(t-a)]=e-as£[f(t+a)]
其結果如圖8-3所示。它指出若一拉氏轉換式中含有e-as項時,則可將它 視為時變函數的位移運算子。
圖8-3 t軸平移的結果
例8-10
試求圖8-4所示移位後正弦波的拉氏轉換。
圖8-4 例8-10的圖
例8-10(續)
[解]:由圖8-10得知
或f(t)=sin(t-π)u(t-π) 因此
£[f(t)]=e-πs£[sint]=
⎩ ⎨
⎧
π
〈
π
〉 π
= −
t 0
t )
t ) sin(
t ( f
1 s
e 1
s
e 1
2s
2 s
= + +
π
− π
−
例8-11
試求圖8-5所示脈波的拉氏轉換。
圖8-5 例8-11的圖 [解]:圖8-5的波形基本上可分解如圖8-6所示。
圖8-6 圖8-5的波形分解
例8-11(續)
由圖8-6的結果可知:f(t)=u(t-a)-u(t-b) 因此
£[f(t)]=e-as£[1]-e-bs£[1]=
若a→0及b→a,則可得到如圖8-7所示的正規脈波,此時所對應的拉氏轉 換為
£[f(t)]=
圖8-7 正規脈波
) e e
s( ) 1 s e 1
( s)
e 1
( −as × − −bs × = −as − −bs
) e 1 s(
1 − −as
拉氏轉換的基本性質
前述為坐標位移的情形,若坐標沒有位移,而只 是標度改變,則其拉氏轉換為:
設£[f(t)]=F(s),則
£[f(at)]= ) (s>0) a
( s
a F
1
例8-12
已知£[f(t)]= ,求£[f(2t)]?
[解]
£[f(2t)]=
) s 2 . 0 1
( s
1 +
) s 1 . 0 1
( s
1 a )]
( s 2 . 0 1
2 )[
( s
1 2
1
= + +
×
拉氏轉換的基本性質
時變函數可作拉氏轉換,相同的其微分及積分也可以作拉氏轉換處理。
若某一時變函數f(t),其拉氏轉換為£[f(t)]=F(s),它在t=0時的初始值f(0) 為有限值時,則它的微分之拉氏轉換可以表示為:
£[f’(t)]=sF(s)-f(0)
所示為f(t)的一次微分或一階導數的拉氏轉換。對於其二階、三階或更高 階的導數,其拉氏轉換可重覆利用上式來求得之。例如f(t)二階導數的拉 氏轉換為:
£[f’’(t)]=s£[f’(t)]-f’(0) 將一階導數的拉氏轉換式的關係代入可得:
£[f’’(t)]=s[sF(s)-f(0)]-f’(0)=s2F(s)-sf(0)-f’(0) 同理,f(t)三階導數的拉氏轉換可求得為:
£[f’’’(t)]=s3F(s)-s2f(0)-sf’(0)-f’’(0) 依此類推,f(t)n階導數的拉氏轉換可表示為:
£[fn(t)]=snF(s)-sn-1f(0)-sn-2f’(0)-sn-3f’’(0)-⋅⋅⋅⋅⋅⋅
-s2f(n-3)(0)-sf(n-2)(0)-f(n-1)(0)
其中f(n-1)(0)表示f(t)之(n-1)階導數的初始值。
拉氏轉換的基本性質
在上式中假設f(t)之導數在t=0時的初始值必須存 在。若某一導數其初始值不連續,則在上式中的 初始值f(0)必須以f(0
-)或f(0
+)的初始值來取代 之,也就是指宅必須改寫為:
£[f
n(t)]=s
nF(s)-s
n-1f(0
-)-s
n-2f’(0
-)-s
n-3f’’(0
-)
-⋅⋅⋅⋅⋅⋅-s
2f
(n-3)(0
-)-sf
(n-2)(0
-)-f
(n-1)(0
-) 或
£[f
n(t)]=s
nF(s)-s
n-1f(0
+)-s
n-2f’(0
+)-s
n-3f’’(0
+)
-⋅⋅⋅⋅⋅⋅-s
2f
(n-3)(0
+)-sf
(n-2)(0
+)-f
(n-1)(0
+)
例8-13
設f(t)=tsinωt,並設f(0)=0,f’(0)=0,求其拉氏轉換。
[解]:f(t)=tsinωt , f’(t)=sinωt+ωtcosωt,
f’’(t)=2ωcosωt-ω2tsinωt ,f(0)=0,f’(0)=0 將上述各式代入£[f’’(t)]=s2F(s)-sf(0)-f’(0),得
£[2ωcosωt-ω2tsinωt]=s2£[tsinωt]-s×0-0 2ω× £[tsinωt]=s2£[tsinωt]
(s2+ω2)£[tsinωt]= £[tsinωt]=
2 2
s
2s − ω ω
+
2
s2
s 2
ω +
ω
2 2
2 )
s (
s 2
ω +
ω
例8-14
單位脈衝函數δ(t)為單位步階函數u(t)的導數,試求£[δ(t)]。
[解]:由單位脈衝函數δ(t)的定義可知:
因u(t)在t=0時不連續,故必須以u(t)在t=0+或t=0-時的初 始值來計算δ(t)的拉氏轉換。若考慮t=0+的初始值,則
£[δ(t)]=£ =s£[u(t)]-u(0+)=s -1=0
)]
t ( u dt [ ) d
t ( = δ
)]
t ( dt u
[ d
)
s
( 1
例8-14(續)
若考慮t=0-的初始值,則
£[δ(t)]=£ =s£[u(t)]-u(0-)=s -0=1
對電路分析而言,因電感器的電流或電容器的電壓在t=0
-的初始值大多為零,而在t=0+的初始值不一定為零。但 為了能以拉氏轉換式來表示單位脈衝函數,因此以t=0- 的情況來考量。所以對單位脈衝函數而言,拉氏轉換一般 令其為:
£[δ(t)]=1 )]
t ( dt u
[ d
)
s
( 1
拉氏轉換的基本性質
除了導數可進行拉氏轉換外,時變函數的積分也可進行拉氏轉換。設f(t) 為能符合拉氏轉換所需條件之時變函數,則
£
由此可知時變函數f(t)之積分的拉氏轉換等於原函數f(t)的拉氏轉換除以s。
換言之,在拉氏轉換過程中積分運算子可視為相當於(1/s)。在上式的積分 下限為0,若此一下限不等於0時,即需修正為:
£ =£ +£
除了一次積分以外也可推廣至n重積分,
£
∫0t τ τ = s
) s ( ] F d ) ( f [
∫atf(τ)dτ]
[ [∫a0f(τ)dτ] [∫0tf(τ)dτ]
) s ( s F ] 1 dud d
d ) ( f [ 0t
0 0 n
∫ ∫τ⋅ ⋅⋅ ⋅⋅∫λ α α λ⋅ ⋅⋅ ⋅⋅ τ =
例8-15
設 ,試求£[f(t)]。
[解]:因積分下限不為零,所以:
£[ ]= £[cosωt]+
∫ ωτ τ
= πt/ωcos d )
t ( f
∫πt/ωcosωτdτ
s
1 [∫π0/ωcosωτdτ] s
1
2 2
2 2
0 2 /
2
s ) 1 0 0 s( 1 s
1
] ) t 1 sin
s( [1 s ]
s s
[1
ω
= +
− ω +
= +
ω ω ω +
× +
= π ω
例8-16
設f(t)=1+3e-3t,試求£[ ]。
[解]:因積分下限不為零,因此:
£[ ]=£ ]
=£[1+3e-3t]+[
={£[1]+£[3e-3t]}+
∫atf(τ)dτ
∫atf(τ)dτ [∫at(1+3e−3τ)dτ
] ) e 3 1 ( s[ 1 0
a
∫ + −3τ τ
0
a 3 ] 3e
[ 3 s
1 − τ
+ − τ
) a 1 e
s ( 1 ) 3 s ( s
3 s 4
] e a 1 s[ ] 1 ) 3 s ( s
s 3 ) 3 s [( s 1
)]
e a ( 1 s[ ] 1 3 s
3 s
[1 s 1
a 3 2
a 3 a 3
−
− + +
= +
+
−
− + +
+
= +
−
−
− + +
+
=
−
−
−
例8-17
可知單位斜坡函數r(t)=tu(t),試求此一單位斜坡函數的拉氏 轉換。
[解]:由單位斜坡函數的定義可知它實際上是單位步階函數 的積分,即:
因 故
£[r(t)]=£[ ]= £[u(t)]=
∫ τ τ
=
−t∞u ( ) d )
t ( r
0 d
) (
0
u =
∫
−∞τ τ
∫0t u(τ)dτ
s 1
s
21
拉氏轉換的基本性質
除了時變函數可微分及積分外,頻率函數也可進行微分及 積分處理。當某一時變函數f(t)乘上t後,其拉氏轉換與f(t) 之拉氏轉換成微分關係,即
£[tf(t)]= £[f(t)]=
此一關係可推導至n階導數,即 F(n)(s)=(-1)n£[tnf(t)]
ds
− d F ( s )
ds
− d
例8-18
試求f(t)=tsinωt之拉氏轉換?
[解]:
£[tsinωt]= £[sinωt]
ds
− d
2 2 2
2 2
2 2 2
1 2 2
2 2
) s
(
s )] 2
s ds ( ) d
s ( [
] ) s
ds [(
] d [ s
ds d
ω +
= ω ω
+
× ω
+
− ω
−
=
ω + ω
− ω =
+
− ω
=
−
−
例8-19
設n為正整數,試求f(t)=tneat及f(t)=tn之拉氏轉換?
[解]:今以數學歸納法來求f(t)=tneat的拉氏轉換,當n=1時
£[teat]= £[eat]=
當n=2時
£[t2eat]= £[teat]=
當n=3時
£[t3eat]= £[t2eat]=
依此類推,當n=n時
£[tneat]=
若令a=0,即tneat=tn,因此
£[tn]=
ds
− d
)2
a s ( ] 1 ) a s ( [ 1 ds
d
= −
− − ds
− d
3
2 (s a)
] 2 ) a s ( [ 1 ds
d
= −
− − ds
− d 3 4
) a s ( ] 6 ) a s ( [ 2 ds
d
= −
− −
1
)n
a s (
! n
− + (s a)n 1
! n
− + 1
sn
! n
+
拉氏轉換的基本性質
若£[f(t)]=F(s),且存在,則
£ 或
=£-1 或
£ £[f(t)]ds
∫ λ λ
=
s∞F ( ) d t ]
) t ( [ f
t ) t (
f
∫s∞ F(λ)dλ∫
∞=
st ]
)
t
(
[ f
例8-20
試求£ 。
[解]:£ £[sinωλ]dλ=
t ] t [ sin ω
∫
∞ω = ]
st t
[ sin ∫
s∞λ
2+ ω ω
2d λ
= ω
− ω
= π ω
= λ
− −∞
−
s
s cot 2 tan
tan
1 1s 1
拉氏轉換的基本性質
比較拉氏轉換的頻率積分和時間積分性質,發現兩 者具有相對關係。在頻率積分裡若時變函數內含有 (1/t)因子,則在拉氏轉換後,此因子變為運算子。
相對的,在時間積分若拉氏轉換式有(1/s)因子,則 可將之視為由時變函數的積分運算子而來。
同理,比較拉氏轉換的頻率微分和時間微分性質,
可發現兩者也俱有相對關係。在頻率微分裡若時變
函數內含有t因子,則在拉氏轉換後,此因子變為
(-d/ds)運算子。相對的,在時間微分裡若拉氏轉換
式有s因子,則可將之視為由時變函數的微分(d/dt)
運算子而來。
週期函數的拉氏轉換
週期函數常出現在電路分析 裡,如交流電路所用的正弦 波就是典型的週期函數。所 謂週期函數,是指它能滿足
f(t)=f(t+nT) 的條件,其中T為週期,n為 任意正整數(n=1,2,3,⋅⋅⋅⋅)。
亦即指週期函數是每隔一週 期會重覆出現相同波形的函 數。
圖8-8 週期函數
週期函數的拉氏轉換
當f(t)是一個週期函數時,則它的拉氏轉換可以表 示為:
£[f(t)]=
= £[f
1(t)] (s>0)
其中f
1(t)為f(t)在0至T之函數波形,亦即週期函數 的基本波形。
− ∫
−
−
T 0
st Ts
f ( t ) e dt e
1 1
e
Ts1 1
−
−例8-21
試求圖8-9方波的拉氏轉換。
圖8-9 例8-21的圖
例8-21(續)
[解]:由圖8-9可知此一方波的週期為2T,它的基本波形為 f1(t)=u(t)-2u(t-T)+u(t-2T)
因此它的拉氏轉換為:
£[f(t)]= 2Ts £[f1(t)]= £[u(t)-2u(t-T)+u(t-2T)]
e 1
1
− − 1 e 2Ts
1
− −
2 tanh Ts s
1 ) e 1 ( s
) e 1 ( ) e 1 )(
e 1 ( s
) e 1 (
) e 1 ( s
) e 1 ( s
e 1 s e 2 s 1 e
1 1
Ts Ts
Ts Ts
2 Ts
Ts 2
2 Ts Ts
2 Ts
Ts 2
+ =
= −
− +
= −
−
= −
⎥⎦⎤
⎢⎣⎡ − +
= −
−
−
−
−
−
−
−
−
−
−
例8-22
試求圖8-10全波整流f(t)=的拉氏轉換。
圖8-10 例8-22的圖
[解]:由圖8-10可知此一全波整流的週期為(π/ω),它的基本波形為 )]
t ( u ) t ( u [ t sin )
t ( f1
ω
− π
− ω
=
例8-22(續)
因此它的拉氏轉換為:
£[f(t)]= £[f1(t)]= £
-£
-£ [-sinωt]}
e s
1 1
ω
−π
− 1 e s
1
ω
−π
−
)]}
t ( u ) t ( u [ t
{sin ω
− π
− ω
s 2
s 2
s e { e
1
1
−ωπω
−π
−
ω +
ω
−
=
[sin (t )]}ω + π ω
s 2
s 2
s e { e
1
1 −ωπ
ω
−π −
ω +
ω
−
=
s ) ( e
1 e ) 1
e s ( s
e 1
1
2 s 2
s
2 2
s 2
s 2
+ ω
ω
−
= + ω
+ + ω
ω +
ω
−
=
ω
−π ω
−π ω
−π
ω
−π
例8-23
試求圖8-11脈衝列的拉氏轉換。
圖8-11 例8-23的圖 [解]:由圖8-11可知脈衝列可表示為:
f(t)=δ(t)+δ(t-T)+δ(t-2T)+···
例8-23(續)
因此它的拉氏轉換為:
£[f(t)]=1+e-Ts+e-2Ts+···=
若將它視為週期=T的週期函數,可得
£[f(t)]= £[f1(t)]= £[δ(t)]=
e
Ts1 1
−
−e
Ts1 1
−
−1 e
Ts1
−
−1 e
Ts1
−
−部分分式法
拉氏轉換可將時變函數的微分方程電路問題,轉換成以頻率來作為變數 的代數方程式,然後以代數方法來求得其解,最後利用反拉氏轉換將它 轉換回時變型態的電路問題之解,整個流程如圖8-12所示。
圖8-12 以拉氏轉換求解電路問題的流程
部分分式法
基本上拉氏轉換F(s)能以有理函數來表示為:
多項式P(s)的根為F(s)的零點,因為當s等於這些根時F(s)=0。而Q(s)的根 為F(s)的極點,因為當s等於這些根時F(s)=∞。
如果F(s)為s的有理函數,則n>m,此時F(s)稱為真分式。若n<m,F(s)稱為 假分式。對假分式而言,F(s)可分解成為一多項式及一真分式之和,即
其中[P1(s)/Q(s)]為真分式。當F(s)具有上式的型態時,其解含有兩部分,
其一為一多項[cm-nsm-n+···+c2s2+c1s+c0]的解,另一為真分式的解。對 多項式部分而言,其反拉氏轉換可以表示為:
£-1[F(s)]=a0δ(t)+a1δ’(t)+a2δ’’(t)+···+anδ(n)(t)
0 1
1 n 1 n n
n
0 1
1 m 1 m m
m
b s b s
b s
b
a s a s
a s
a ) s ( Q
) s ( ) P
s (
F + + ⋅⋅ ⋅⋅ ⋅⋅+ + + +
⋅⋅
⋅⋅
⋅⋅
+
= +
=
−
−
−
−
) s ( Q
) s ( c P
s c s
c s
c ) s (
F = m−n m−n +⋅⋅⋅+ 2 2 + 1 + o + 1
部分分式法
對真分式部分而言,其解依Q(s)的型態來定,一般Q(s)有四 種型態,分別為:
(1)Q(s)含有不重覆之因式(s-a),也就是單根形式,此時Q(s) 可以表示為:
Q(s)=(s-a)(s-b)(s-c) ···
(2)Q(s)含有重覆之因式(s-a),也就是重根形式,此時Q(s) 可以表示為:
Q(s)=(s-a)n(s-b)(s-c) ···
(3)Q(s)含有不重覆之複數因式[s-(a+jb)][s-(a-jb)],也就 是含有二次因式[(s-a)2+b2],此時Q(s)可以表示為:
Q(s)=[(s-a)2+b2](s-c)(s-d)···
(4)Q(s)含有重覆之二次因式,此時Q(s)可以表示為:
Q(s)=[(s-a)2+b2]n(s-c)(s-d)···
部分分式法
首先考慮Q(s)不含有重覆因式(s-a)的情形,設
其中M(s)表示去掉(s-a)後剩餘的部分,將上式等號兩邊乘 以(s-a)得
再令s=a
) s ( a M
s A c
s C b
s B a
s A
) c s
)(
b s
)(
a s
(
) s ( P )
s ( Q
) s ( ) P
s ( F
− +
=
⋅⋅
⋅
⋅
− +
− +
− +
=
⋅
⋅
⋅
⋅
−
−
= −
=
) a s )(
s ( M A
) a s ) (
s ( Q
) s (
P × − = + −
0 ) A
a s /(
) s ( Q
) s ( P
a s
+
−
==
部分分式法
故 同理
由此可知相對應的反拉氏轉換為:
£-1[F(s)]=Aeat+Bebt+Cect+···
a
)
sa s /(
) s ( Q
) s ( A P
−
==
b
)
sb s /(
) s ( Q
) s ( B P
−
==
c
)
sc s /(
) s ( Q
) s ( C P
−
==
⋅
⋅
⋅
− +
− +
=
=
bt at
a s
) e b s
/(
) s ( Q
) s ( e P
) a s /(
) s ( Q
) s ( P
例8-24
設 ,試求£-1[F(s)]。
[解]:首先將F(s)分解成部分分式,可得:
由此可得:
£-1
s 2 s
3 s
4 ) s
s (
F 3 2
2
+ +
= +
) 2 s (
C )
1 s (
B s
A )
2 s )(
1 s ( s
4 s
s 2 s
3 s
4 ) s
s ( F
2 2
3 2
+ + + +
+ = +
= + +
+
= +
t 2 t
t 2
2 s 2
t
1 s 2
t 0
0 s 2
e e
5 2
) e 1 s ( s
4 e s
) 2 s ( s
4 e s
) 2 s )(
1 s (
4 )] s
s ( F [
−
−
−
−
=
−
−
=
=
+
−
=
+ + +
+ + +
+ +
= +
部分分式法
若有一函數其分母Q(s)存在有重覆的因式(s-a)n,則它可以表示為:
將等號兩邊乘以(s-a)n得
) s ( ) M
a s (
A )
a s (
A a
s A
c s
C b
s B )
a s (
A )
a s (
A a
s A
) c s )(
b s ( ) a s (
) s ( P )
s ( Q
) s ( ) P
s ( F
n n 2
2 1
n n 2
2 1
n
− + +
⋅⋅
⋅
− +
− +
=
⋅⋅
⋅
− +
− +
− + +
⋅⋅
⋅
− +
− +
=
⋅⋅
⋅⋅
−
−
= −
=
n n
1 n
2 n 2
n 1
n
) a s )(
s ( M A
) a s ( A
) a s ( A )
a s ( A )
a s ) ( s ( Q
) s ( P
− +
+
− +
⋅⋅
⋅ +
− +
−
=
−
×
−
−
部分分式法
令
將s=a代入可得:H(a)=An,即 對H(s)取微分可得:
將s=a代入可得:H’(a)=An-1,即
n n
1 n
2 n 2
n n 1
) a s )(
s ( M A
) a s ( A
) a s ( A )
a s ( ) A
a s /(
) s ( Q
) s ( P
− +
+
− +
⋅⋅
⋅ +
− +
−
− =
−
−
) s ( ) H
a s /(
) s ( Q
) s ( P
n =
−
! 0
) a ( An = H
] ) a s )(
s ( M ds[ A d
) a s ( A 2
) a s )(
2 n ( A )
a s )(
1 n ( A ) s ( ' H
n 1
n 2
n
3 n 2
2 n 1
− +
+
− +
⋅⋅
⋅ +
−
− +
−
−
=
−
−
−
−
! 1
) a ( ' An−1 = H
部分分式法
相似的對H’(s)取微分可得:
將s=a代入可得: H’’(a)=2An-2,即
依此方式繼續進行,可得
:
H’’’(a)=3×2An-3 即同理可得 H(n-1)(a)=(n-1)(n-2)····(3)(2)A1 即
] ) a s )(
s ( M ds [
A d 2
) a s )(
3 n )(
2 n ( A )
a s )(
2 n )(
1 n ( A )
s ( ' ' H
n 2
2 2
n
4 n 2
3 n 1
− +
+
⋅⋅
⋅ +
−
−
− +
−
−
−
=
−
−
−
! 2
) a ( ' ' A
n−2= H
! 3
) a ( ' ' ' A
n−3= H
)!
1 n (
) a ( A H
) 1 n (
1