數學傳播 35 卷 4 期, pp. 82-85
有關三角形內切圓等分線的一些不等式
莊健祥
摘要: 本文利用三角形的內切圓等分線長為過渡量, 簡化四個三角幾何不等式的證明。
關鍵詞:三角形內切圓等分線, 三角幾何不等式。
本文符號定義: a, b, c 表 △ABC 的三邊長; △ 表 △ABC 的面積; s 表 △ABC 的半 周長; r 表 △ABC 的內切圓半徑; ma, mb, mc 表三中線長; ta, tb, tc 表三內角平分線 長; ha, hb, hc 表三邊上的高; ra, rb, rc 表三傍切圓半徑; la, lb, lc 表三內切圓等分線長。
壹、 三角形內切圓等分線的由來
1988 年第 29 屆國際奧林匹亞數學競賽 IMO 開賽前, 依慣例各國須提供預選題給命題 委員會選用, 其中第 84 題是由當時蘇聯所提供, 其題目為: 在 △ABC 的 BC 邊上取一點 D, 使得 △ABD 和 △ACD 的內切圓半徑相等,
求證: AD2 = △ · cotA 2。
(因 AD 使得 △ABD 和 △ACD 的內切圓半徑相等, 而中文卻無統一的正式譯名, 因此筆者 比照三角形中邊或角等分的概念, 將它稱為 △ABC 在 BC 邊上內切圓等分線。)
證明: 依 Heron 公式及三角形半角定理知:
△ · cotA 2 =p
s(s − a)(s − b)(s − c) · s
s(s − a)
(s − b)(s − c) = s(s − a), 故只要證得:AD =ps(s − a), 此題即可得證, 今如下圖所示:
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設 △ABD 的面積為 △1, 半周長為 s1, 內切圓的圓心為 O1, 設 △ACD 的面積為 △2, 半周長為 s2, 內切圓的圓心為 O2,
且其相等之內切圓半徑為 r′; △ABC 的內心為 I, 而 AD 設為 la, 則有 r′ = △1
s1
= △2 s2
= △1+ △2
s1+ s2 = △
s+ la ⇒ r′
r = △
r(s + la) = s
s+ la; (1) 又設 △ABD 的內切圓與 AB 切於 E, △ACD 的內切圓與 AC 切於 M, 而 △ABC 的內切圓與 AB 及 AC 分別切於 F 及 N , 因 △BO1E 和 △BIF 相似, 且 △CO2M 和
△CIN 相似, 所以有:
r′
r = BE
BF = s1− la
s− b = CM
CN = s2− la
s− c = s1+ s2 − 2la
2s − b − c = s− la
a ; (2) 綜合 (1)、(2) 得:
s
s+ la = s− la
a ⇒ s2− la2 = as ⇒ l2a= s2− as ⇒ la =p
s(s − a)。
上述之 AD = la =ps(s − a) = 1
2p(a + b + c)(b + c − a), 得證。
註:
1. 有關三角形內切圓等分線相關性質的介紹及另外利用 STEWART 定理所得的證明, 讀者 可參看 [2]。
2. 2010 年 AIME 邀請賽第一階段的第 5 題也是關於三角形內切圓等分線的題目, 22 年後 又重新出現在國際數學競賽上, 令人驚喜。
84 數學傳播 35 卷 4 期 民 100 年 12 月
貳、 利用三角形內切圓等分線長簡化三角幾何不等式
筆者發現將內切圓等分線長 la 當成不等式中的過渡量, 可簡化一些過去須繁複技巧才能 證明的三角幾何不等式, 接下來證明一個重要的預備定理:
引理: 對任意 △ABC, ma≥ la ≥ ta≥ ha。 證明: 因為
ma=1 2
√2b2+ 2c2− a2 = 1 2
√b2+ 2bc + c2− a2+ b2+ c2− 2bc
=1
2p(b + c)2− a2 + (b − c)2 = 1
2p(b + c + a)(b + c − a) + (b − c)2 ≥ la (3) 又 ta= 2bc
b+ ccosA
2 = 2√ bc b+ c
ps(s − a) = 2√ bc
b+ cla ≤ la。 (4) 由 (3)、 (4) 及 ta≥ ha 可知:
對任意 △ABC, ma ≥ la≥ ta≥ ha, 而等號成立於 b = c 時, 亦即 △ABC 為一等腰三角形時: ma= la= ta = ha。
以上述引理為基礎, 並以內切圓等分線長 la 為過渡量, 我們可得出下列四個不等式, 分述 於如下的四個定理:
定理一: X
m2a ≥ s2 ≥ X
t2a ≥ X
h2a, 其中 X
m2a 代表 m2a, m2b, m2c 的迴圈和, 亦即 Xm2a = m2a+ m2b + m2c, 其餘類推。
證明: 因為 X
la2 =X
s(s − a) = s2, 且由引理, 即得: X
m2a ≥X
l2a= s2 ≥X
t2a ≥X h2a。 定理二: mambmc ≥ rarbrc ≥ tatbtc ≥ hahbhc。 證明: 因為
rarbrc = △ s− a
△ s− b
△ s− c
= △3
(s − a)(s − b)(s − c) = rs2
又 lalblc =ps(s − a)s(s − b)s(s − c) = s△ = rs2 = rarbrc, 且由引理, 即得: mambmc ≥ lalblc = rarbrc ≥ tatbtc ≥ hahbhc。
定理三: X
mata≥X rarb。
有關三角形內切圓等分線的一些不等式 85
證明: 首先證明
mata≥ la2⇔1 2
√2b2+ 2c2− a2 2bc
b+ ccosA 2
≥ s(s − a)
⇔√
2b2+ 2c2 − a2 1
b+ ccos A 2
≥ s(s − a)
bc = cos2 A 2,
⇔
√2b2 + 2c2− a2
b+ c ≥ cosA 2,
⇔b2+ c2+ 2bc cos A
(b + c)2 ≥ cos2 A
2 = 1 + cos A 2 ,
⇔ 2b2+ 2c2+ 4bc cos A ≥ (b + c)2+ (b + c)2cos A,
⇔ 2b2+ 2c2− (b + c)2 ≥ [(b + c)2− 4bc] cos A,
⇔ (b − c)2 ≥ (b − c)2cos A。 等號成立於 b = c 時, (5) 又 rbrc = △
s− b
△ s− c
= △2
(s − b)(s − c) = s(s − a) = l2a, (6) 由 (5) 及 (6) 可知: mata ≥ la2 = rbrc, 同理 mbtb ≥ lb2 = rcra, mctc ≥ l2c = rarb; 三者相 加即得: P mata≥ P rarb。
定理四: X a2 m2b + m2c
≤ 2 ≤X a2 t2b + t2c
≤X a2 h2b + h2c
。
證明: 因 X a2 l2b + l2c
=X a2
s(s − b) + s(s − c) =Xa2
as =Xa
s = 2, 且由引理, 可得:
X a2 m2b + m2c
≤X a2 lb2+ l2c
= 2 ≤X a2 t2b + t2c
≤X a2 h2b + h2c
。 註:此不等式即為 Cordon 不等式的推廣, 在貴刊文 [3] 中曾給了繁複且技巧的證明。
參考文獻
1. 單墫, 胡大同, 數學奧林匹克高中版, 凡異出版社, 民國93 年八月出版。
2. Paul Yiu, Notes on Euclidean Geometry,
http://math.fau.edu/Yiu/EuclideanGeometryNotes.pdf (1998), pp.127-129.
3. 蔣明斌, Cordon 不等式的類比, 「數學傳播」 第33 卷第 1 期。
—本文作者任教台北市立內湖高中—