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2020 届高三年“线上教学”质量检测
理科数学参考答案及评分细则
评分说明: 1.本解答给出了解法供参考,如果考生的解法与本解答不同,可根据试题的主要考查内 容比照评分标准制定相应的评分细则。 2.对计算题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后继部分的解答未改变该题的内 容和难度,可视影响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确解答应给分数的一半; 如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分。 3.解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数。 4.只给整数分数。选择题和填空题不给中间分。 一、选择题:本大题考查基础知识和基本运算.每小题 5 分,满分 60 分. 1. C 2. C 3. A 4. B 5. D 6.D 7.A 8. A 9. B 10.C 11.B 12.A 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13. 2 2− 14. 4 15 15. 13− 16. 8 三、解答题:本大题共 6 小题,共 70 分. 17.【命题意图】本题主要考查解三角形、正弦定理和余弦定理等基础知识,意在考查逻辑推 理、数学运算、直观想象的数学核心素养.满分 12 分. 【解析】(1)因为 7(
acosB+bcosA)
=ac,根据正弦定理得, 7sin cos sin cos sin , 7 A B+ B A= a C ··· 2 分 7 sin sin , 7 C a C = 又因为 sinC 0,, 7. a = ··· 3 分 sin 2A=sin ,A2sinAcosA=sin ,A
Q ··· 4 分 因为 sinA 0,所以cos 1 2 A = , ··· 5 分 (0, ), . 3 A =A Q ··· 6 分 (2)由(1)知, 7, . 3 a= A= 由余弦定理得 2 2 2 2 cos , a =b +c − bc A 2 2 2 7 b c bc, 7 (b c) bc, = + − = − + ··· 8 分 因为b− = ,所以 7 4c 2 = +bc,所以bc =3. ··· 9 分 设 BC 边上的高为 h . 1 1 3 3 3 sin 3 . 2 2 2 4 ABC S bc A △ = = = ··· 10 分 1 1 3 3 7 , 2 2 4 ABC S = ah h= Q △ , 3 21. 14 h = 即 BC 边上的高为3 21 14 . ··· 12 分 18.【命题意图】本题主要考查直线与直线、直线与平面的位置关系,二面角等基础知识,意 在考查直观想象、逻辑推理与数学运算的数学核心素养.满分 12 分. 【解析】(1)连结 CE ,交 DF 于 N ,连结 MN ,如图所示,
因为四边形 CDEF 是矩形,所以 N 是 CE 的中点, ··· 1 分 由于 M 是 AE 的中点, 所以MN AC , ··· 2 分 // 由于 MN 平面 MDF , AC 平面 MDF , 所以AC 平面 MDF . ………4 分 // (2)因为平面 ABCD ⊥ 平面 CDEF , 平面 ABCD I 平面 CDEF =CD, DE⊥CD, 所以 DE ⊥ 平面 ABCD , 可知AD CD DE 两两垂直, ··· 5 分 , , 以点 D 为原点,分别以DA DC DE, ,
uuur uuur uuur
的方向为 x 轴、 y 轴、 z 轴 的正方向,建立空间直角坐标系 O xyz− . 因为AB =2,则M(1, 0,1),F(0, 4, 2),DM =uuuur (1, 0,1), (0, 4, 2) DF = uuur ,设平面 MDF 的法向量为n1=( , , )x y z uur , 则 1 1 0, 0, n DM n DF = = uuv uuuuv uuv uuuv 所以 0, 4 2 0, x z y z + = + = ··· 7 分 取y =1,则n =uur1 (2,1, 2)− , ··· 8 分 依题意,得平面 ABCD 的一个法向量为n =uur2 (0, 0,1), ··· 9 分 1 2 1 2 1 2 2 2 cos , 3 4 1 4 1 n n n n n n − = = = − + + uur uur uur uur uur uur ,··· 11 分 故平面 MDF 与平面 ABCD 所成锐二面角的余弦值为2 3. ··· 12 分 19.【命题意图】本题主要考查线性回归、相关系数等基础知识,意在考查数学建模、数学抽 象、数学运算、数据分析的数学核心素养.满分 12 分. 【解析】(1)由折线图中的数据和附注中参考数据得 1 2 3 4 5 6 7 8 9 5 9 t = + + + + + + + + = , ··· 1 分
(
)
9 2 1 60 i i t t = − =
, ··· 2 分(
)(
)
9 9 9 1 1 1 i i i i i i i i t t y y t y t y = = = − − = −
=3254.80− 5 582.01=344.75, ··· 4 分 所以 344.75 0.997 345.90 r = , ··· 5 分 因为 y 与 t 的相关系数近似为 0.997,说明 y 与 t 的线性相关程度相当高, 从而可以用线性回归模型拟合 y 与 t 的关系. ··· 6 分 (2)由已知及(1)得(
)(
)
(
)
9 1 9 2 1 ˆ i i i i i t t y y b t t = = − − = −
344.75 5.746 60 = , ··· 8 分 64.668 5.74 ˆ 6 5 3 ˆ 5.94 a= −y bt − = , ··· 9 分 所以 y 关于 t 的回归方程为 $ 35.94 5.75y= + t. ··· 10 分 将 2021 年对应的年份代码t =12代入回归方程,得 $ 35.94 5.75 12 104.94y = + = , 所以预测 2021 年全国 GDP 总量约为 104.94 万亿元. ··· 12 分 20.【命题意图】本题主要考查椭圆方程、直线与椭圆的位置关系等基础知识,意在考查的数 学核心素养是直观想象、逻辑推理与数学运算.满分 12 分. 【解析】(1)由题意得 2 2 2 2 4 1 1 3 1 2 a b c b e a a + = = = − = , ··· 2 分 解得 2 2 8, 2 a = b = , ··· 3 分 所以C的方程为 2 2 1 8 2 x + y = . ··· 4 分 (2)设直线 : 1
(
0)
2 l y= x+m m ,A x y(
1, 1) (
,B x y2, 2)
, 由 2 2 1 2 1 8 2 y x m x y = + + = ,得 2 2 2 2 4 0 x + mx+ m − = , 由 2 2 4 8 16 0 0 m m m = − + ,解得 2− 或 0m 0 , ··· 5 分 m 2 则 2 1 2 2 , 1 2 2 4 x +x = − m x x = m − , ··· 6 分 依题意,易知PA与PB的斜率存在,所以 , 2 2 , 设直线PA与PB的斜率分别为k k1, 2,则tan= ,k1 tan = , ··· 7 分 k2欲证+ = ,只需证 tan =tan
(
−)
= −tan,即证k1+k2=0. ··· 8 分1 2 1 2 1 2 1 1 , , 2 2 y y k k x x − − = = − − Q 故 1 2
(
1)(
(
2) (
)(
2)
)(
1)
1 1 2 2 1 2 1 2 1 2 1 1 2 2 2 2 y x y x y y x x x x k k − + − = − − + − − − = − − − + . ··· 9 分 又 1 1 1 , 2 y = x +m 2 1 2 2 y = x + , m 所以(
y1−1)(
x2−2) (
+ y2−1)(
x1−2)
(
)
(
)
1 2 2 1 1 1 1 2 1 2 2x m x 2x m x = + − − + + − − ··· 10 分(
)(
) (
)
1 2 2 1 2 4 1 1 2 x x m x x m x x = + − + − − (
)(
) (
)
2 2m 4 m 2 2m 4 m 1 = − + − − − − 0, = ··· 11 分 1 2 0, k k + = 所以+ = . ··· 12 分 21.【命题意图】本题主要考查函数和导数及其应用、三角函数等基础知识,意在考查直观想 象、逻辑推理与数学运算的数学核心素养.满分 12 分. 【解析】(1)设g x( )
f( )
x 1 1 2 cosx x = = − + , ··· 1 分 当x ( )
0, 时,g x( )
2sinx 12 0 x = − − ,所以g x
( )
在( )
0, 上单调递减, ··· 2 分 又因为 3 1 1 3 0 3 g = − + = , 2 1 0 2 g = − , ··· 3 分 所以g x( )
在 , 3 2 上有唯一的零点, 即函数f( )
x 在( )
0, 上存在唯一零点. ··· 4 分 当x(
0,)
时,f( )
x ,0 f x 在( )
(
0,)
上单调递增; 当x(
, 时,)
f( )
x ,0 f x 在( )
(
, 上单调递减;)
所以 f x( )
在( )
0, 上存在唯一的极大值点 . 3 2 ··· 5 分 (2)①由(1)知: f x( )
在( )
0, 上存在唯一的极大值点 . 3 2 所以( )
ln 2 2 0 2 2 2 2 f f = − + − , 又因为 2 2 2 2 1 1 1 1 2 2sin 2 2 0 e e e e f = − − + − − + , 所以 f x( )
在(
0,)
上恰有一个零点. ··· 6 分 又因为f =( )
ln − − , 2 0 所以 f x( )
在(
, 上也恰有一个零点. ··· 7 分)
②当x
, 2)
时, sinx≤ ,0 f x( )
≤lnx−x, 设h x( )
=lnx− ,x h x( )
1 1 0 x = − , 所以h x( )
在
上单调递减,所以, 2)
h x( )
„ h ( )
0, ··· 8 分 所以当x
, 2)
时, f x( )
≤h x( )
≤h ( )
0恒成立, 所以 f x( )
在
上没有零点. ··· 9 分 , 2)
③当x
2 , + 时,)
f x( )
≤lnx− +x 2, 设( )
x =lnx− + ,x 2( )
x 1 1 0 x = − , 所以( )
x 在
2 , + 上单调递减,)
所以( )
x ≤( )
2 =ln 2 − + − + = − 2 2 2 2 2 4 2 0 ··· 10 分 所以当x
2 , + 时,)
f x( )
≤( )
x ≤( )
2 0恒成立 所以 f x( )
在
2 , + 上没有零点. ··· 11 分)
综上,f x( )
有且仅有两个零点. ··· 12 分 22.【命题意图】本题主要考查直线的参数方程和参数的几何意义,直角坐标方程和极坐标方 程的互化,直线和圆的位置关系等基础知识,意在考查直观想象、逻辑推理与数学运算的数 学核心素养.满分 10 分.【解析】(1)曲线 C 的方程=4cos+6sin, ∴ 2 4 cos 6 sin